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1、河南省鹤壁市淇滨中学2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）一、单选题1.下列哪些做法不是属于防止静电危害的措施A. 印染厂保持适当的湿度B. 油罐车运油时要装上一条拖地的金属链C. 在地毯中夹杂的不锈钢丝导电纤维D. 小汽车的顶部露出一根小金属杆【答案】D【解析】【分析】根据“不是属于防止静电危害的措施”可知，本题考查静电的防止和危害，根据静电危害的原理，分析选项中各措施的原理和目的，判断即可。【详解】A、印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，所以印刷车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害。属于防止静电危害。故A不符合题意；B、油罐车在运输过程中，油和罐之
2、间不断摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时将静电导走，这是防止静电危害。属于防止静电危害。故B不符合题意；C、不锈钢丝的作用是把鞋底与地毯摩擦产生的电荷传到大地上，以免发生静电危害。属于防止静电危害。故C不符合题意；D、小汽车的顶部露出的一根小金属杆是天线，接受无线电信号用，不属于防止静电危害。故D符合题意。本题选不属于防止静电危害的，故选：D。2.下列说法正确的是（ ）A. 电场中某点的场强方向就是该点所放电荷受到的静电力的方向B. 电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹C. 沿电场线方向, 电势逐渐降低，但电场强度不一定越来越小D. 将一个点电荷从静电场中的a点移至b点
3、，其电势能的变化为零，则该电荷一定沿等势面移动【答案】C【解析】【详解】A电场中某点的场强方向就是该点所放正电荷受到的电场力的方向，负电荷所受电场力的反方向；故A错误.B运动轨迹是带电粒子在电场中实际通过的径迹，径迹上每点的切线方向为粒子在该点的速度方向，所以电场线与带电粒子在电场中运动的轨迹不同；故B错误.C根据电势的定义可知沿电场线方向电势逐渐降低，而场强的影响因素是电场线的疏密程度.两者无关；故C正确.Da点到b点电势能变化为零，只能说明a点和b点电势相等，在同一个等势面上，但在移动过程中有可能发生了变化的，故不一定沿等势面移动；故D错误3.图中三条实线a、b、c表示三个等势面一个带电粒
4、子射入电场后只在电场力作用下沿虚线所示途径由M点运动到N点，由图可以看出（ ）A. 三个等势面的电势关系是abcB. 三个等势面的电势关系是abcC. 带电粒子在N点动能较小，电势能较大D. 带电粒子在N点的动能较大，电势能较小【答案】C【解析】试题分析：物体做曲线运动时，一定受到指向其曲线内侧的力，若物体只受电场力，则电场力一定指向曲线内侧，这是解决带电粒子在电场中做曲线运动的突破点，然后根据电场力做功情况进一步判断动能、电势能的变化情况，或者根据电场线方向判断电势的高低带电粒子所受电场力指向曲线内侧，即大体上是向右，带电粒子从M运动到N过程中速度方向和电场力的方向的夹角大于90，电场力做负
5、功，电势增大，动能减小，故N动能小，电势能大，故C正确D错误；由于不知电荷带电的正负，因此无法判断电场线方向，故三个等势面的电势高低无法判断，故AB错误4.如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为。则AB两点的电势差为 A. 零B. ELC. ELcosD. ELsin【答案】C【解析】【分析】根据电场强度的大小以及A、B两点沿电场线方向上的距离，结合U=Ed求出电势差【详解】两点的电势差UAB=Ed=ELcos，故C正确，A、B、D错误。5.如图所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是( )A. 甲图：离点电荷等距的a、b两点B. 丙图：两个等量同
6、种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点C. 丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点D. 乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点【答案】D【解析】甲图中离点电荷等距的a、b两点，场强大小相等，方向不同；电势相等；故选项A错误；乙图中两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点，电势均为零；场强大小和方向均相同，即场强也相同，选项D正确；丙图中两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点，两点的电势相等；场强大小相同，方向相反；选项C错误；丁图中带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点，；两点的场强相等，a点电势高于b点，选项
7、C错误；故选D.点睛：此题要搞清电场的分布情况，知道电场强度的大小和方向都要相同时，场强才是相同的.6.下列叙述不符合史实的是( )A. 库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律B. 法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场C. 欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D. 电荷e的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的【答案】C【解析】库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律，选项A正确；法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场，选项B正确；欧姆发现了欧姆定律，焦耳发现焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系，选项C错误；电荷e的数
8、值最早是由密立根通过油滴实验测得的，选项D正确；此题选择不符合史实的，故选C.7.如图，等量异种点电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与AB的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点，ACBD构成一个正方形一带负电的小球（可视为点电荷），套在绝缘杆上自C点无初速释放，由C运动到D的过程中，下列说法正确的是A. 小球的速度先增大后减小B. 杆对小球的作用力先增大后减小C. C、D两点的电场强度大小相等、方向相反D. 小球在C点的电势能大于在D点的电势能【答案】B【解析】【详解】A.因直杆处于AB的连线的中垂线上，所以此线上的所有点的电场方向都是水平向右的，对带电小球进行受力分析，受竖直向
9、下的重力，水平向左的电场力和水平向右的弹力，水平方向上受力平衡，竖直方向上的合力大小等于重力，重力大小不变，加速度大小始终等于重力加速度，所以带电小球一直做匀加速直线运动，故A项与题意不相符；B.从C到D，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，则杆对小球的作用力先增大后减小，故B项与题意相符；C.由电场叠加可知，C、D两点的电场强度大小相等、方向相同，故C项与题意不相符；D.CD连线为等势线，所以小球在C点的电势能等于在D点的电势能，故D项与题意不相符。8.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器
10、中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（ ）A. 平行板电容器的电容将变大B. 静电计指针张角变大C. 带电油滴的电势能将增大D. 若先将上极板与电源正极连接的导线断开，再将下极板向下移动小段距离，则带电油滴所受电场力不变【答案】D【解析】【详解】A.根据，d增大，则电容减小。故A错误。B. 静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变。故B错误。C. 电势差不变，d增大，则电场强度减小，P点与上极板间的电势差 ，间距不变，场强变小，所以电势差变小，且上极板与电源正极相连，所以P点电势变高，点势能 变小，故C错误。D.
11、电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据知电场强度不变，则油滴所受电场力不变。故D正确。9.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )A. 加5V电压时，导体的电阻约是10B. 加12V电压时，导体的电阻约是8C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D. 由图可知，该元件可能是定值电阻【答案】B【解析】【详解】A. 当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻故A项与题意不相符；B. 当U=12V时，由图知电流为I=1.5A，则导体的电阻故B项与题意相符；CD. 由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导
12、体的电阻不断增大，所以随着电压的增大导体的电阻不断增大，故CD项与题意不相符。二、多选题10.某一热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡串联，通电后各自的电流I随所加电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法正确的是()A. 图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线B. 图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线C. 图线中的M点表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的电阻D. 图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等【答案】AD【解析】由于小灯泡的电阻随温度的升高而增
13、大，热敏电阻的电阻随温度的升高而减小，所以图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线，选项A正确，B错误图线中的M点表示该状态小灯泡的电阻等于热敏电阻的电阻，选项C错误图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等，选项D正确；故选AD11.在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路，电路中电表均为理想电表当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V则当这台电动机正常运转时（）A. 电动机的内阻为2B. 电动机的内阻为7.5C. 电动机的
14、输出功率为30WD. 电动机的输出功率为22W【答案】AD【解析】【详解】AB因为电机停止转动时可把电机看作纯电阻电路，所以此时直接用欧姆定律可得电动机内阻为：故A正确，B项错误.CD电动机正常运转时消耗电能并将其转化为输出功和热能，因此电动机输出功率为：故C项错误，D项正确.12.下列关于电动势的说法中正确的是（ ）A. 电动势的大小与非静电力所做的功成正比，与被移送电荷量成反比B. 电动势的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样C. 电动势公式E=中W与电压U=中W不是同种性质力所做的功D. 电动势是反映电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量【答案】CD【解析】分析】电源
15、没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势；电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关；电源的电动势在数值上等于内、外电压之和【详解】电动势的定义式运用比值法定义，可知E与电源内非静电力做的功W、通过的电荷量q无关，由电源本身决定，故A错误。电动势的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质不一样；电动势反映的是电源内部非静电力做功的能力；故B错误；电动势公式中W与电压中的W不同，前者是非静电力做功；后者是电场力的功；故C正确；电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的。反映电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量；故D正确。故选CD。【点睛】本题考查对于电源的电动势的理解能力，电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关三、实验题13.要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A.电源E（电动势3.0V，内
