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1、山西省长治二中2018-2019学年高二物理上学期第二次月考（期中）试题（含解析）一、选择题(（1-8题为单选题，9-12题为不定项选择题，每题4分，共48分）1.在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为()A. 0.1A B. 0.2A C. 0.3A D. 0.5A【答案】D【解析】由题，10s内通过截面正离子所带的电量为2C，负离子所带电量为3C，通过截面正离子与负离子电量绝对值之和为：，则电流为：，故D正确。点晴：本题考查电流的计算式，注意公式中的Q为通过截面的总电荷，本题由于正离子和负离子形成的电流同向
2、，所以应将正、负电荷电量相加即为总电电荷。2.甲乙两条铜导线质量之比M甲:M乙=4:1,长度之比为L甲:L乙=1:4，则其电阻之比R甲：R乙为A. 1:1 B. 1:16 C. 64:1 D. 1:64【答案】D【解析】铜线的质量：，则可知，则由可知，电阻之比，D正确3.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则说法正确的是A. R1：R2 =1：3B. R1：R2 =3：1C. 将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D. 将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3【答案】A【解析】【详解】A、B项，电阻I-U图像斜率倒数表征电阻大小
3、，所以R1：R2 =1：3，故A项正确，B项错误。C项，两电阻串联，电流相等；故C错D项、两电阻并联，两端电压相等，电流之比I1：I2=3：1，故D项错误。故选A4. 在如图所示的电路中，当开关S闭合时，电灯不亮，电流表无读数，电压表读数接近为电源电压，以下可能的情况是（ ）A. 电流表中断路，L1和L2都完好B. L1灯丝断路，电流表和L2都完好C. L2灯丝断路，电流表和L1都完好D. L1和L2灯丝都断路，而电流表完好【答案】B【解析】试题分析：常见的电路故障有断路与短路，根据电路现象分析电路故障原因解：A、如果电流表中断路，L1和L2都完好，则电压表与电源连接不能相连，电压表示数为零，
4、故A错误；B、如果L1灯丝断路，电流表和L2都完好，则电路断路，两灯都不亮，电流表示数为零，电压表与电源两极相连，电压表示数接近电源电压，故B正确；C、如果L2灯丝断路，电流表和L1都完好，电压表与电源两极不能相连，电压表示数为零，故C错误；D、如果L1和L2灯丝都断路电流表完好，则电压表不能与电源两极相连，电压表示数为零，故D错误；故选：B【点评】本题考查了电路故障分析，根据电路故障现象认真分析即可正确解题5.如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑片P向下移动时，电路中的电压表、和电流表A的示数变化情况是A. 示数变大，示数变小，A示数变小，R2消耗功率减小B. 示数变小，示数变大
5、，A示数变小，R1消耗功率增大C. 示数变大，示数变小，A示数变大，电源消耗的总功率增大D. 示数变小，示数变大，A示数变大，电源消耗的总功率减小【答案】C【解析】试题分析：当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，由欧姆定律分析电压表V1和V2的变化，以及电阻的电压变化，由干路电流和R2电流的变化，分析电流表示数的变化当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与并联的阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I增大电压表的示数，电压表的示数，I增大，U减小，增大电阻的电压，I增大，减小，流过的电流减小，则电流表的示数，增大，根据
6、可知R2消耗功率减小，根据可知消耗功率增大，根据可电源消耗的总功率增大，C正确6.一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的是 ( )A. 电动机所消耗的电功率为IUB. t秒内所产生的电热为IUtC. t秒内所产生的电热为I2RtD. t秒内所产生的机械能为IUtI2Rt【答案】ACD【解析】A项：电动机所消耗的电功率P=UI，所以A正确；B、C项：I2R计算的是电动机的内阻发热的部分，是发热的功率，所以产生的电热为I2Rt，所以B错误，C正确；D、t秒内所产生的机械能为电动机的总功减去发热的部分，所以机械功UIt-I2Rt，所以D正确。点晴：对于电功率的
7、计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。7.下列各种说法中正确的是A. 电流的定义式，只适用于金属导电B. 电源的负载增加，输出功率一定增大C. 电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功D. 从可知，导体的电阻跟两端的电压成正比，跟导体的电流成反比【答案】C【解析】【详解】A、电流的定义式,适用于任何电荷的定向移动形成的电流，故A错B、当外电路电阻等于电源内阻时,电源的输出功率最大,不是负载增加,输出功率一定增大,故B错误;C、电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置,在数值上等于电源将单位正电荷从
8、负极移送到正极时,非静电力所做功,故C对D、导体的电阻是导体本身的一种性质,在数值上等于它两端的电压和通过的电流的比值,决定它大小的只有材料、长度和横截面积,与电阻两端的电压和通过的电流无关,故D错误.故选C【点睛】物理学中把每秒钟通过导体任一横截面的电荷量(简称电量)叫做电流强度,简称电流,电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置,电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领.影响导体电阻大小的因素:导体的长度、材料、横截面积以及温度,与导体两端的电压和通过的电流无关.8.走廊里有一盏电灯,在走廊两端各有一个开关,我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮,那么设计的电路为( )A.
9、 “与”门电路B. “非”门电路C. “或”门电路D. 上述答案都有可能【答案】C【解析】试题分析：不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，所满足的关系是“或”逻辑关系，即事件的某一个条件满足，该事件就能发生故C正确，ABD错误故选C。考点：逻辑电路【名师点睛】解决本题的关键理解“或”逻辑关系的特点，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生。9.在图中，A、B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法正确的是（ ）A. A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法B. A中，B中C. A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使，故此法测较小电阻好D. B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应
10、使，故此法测较大电阻好【答案】B【解析】试题分析：A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法，故A正确；A图中，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻测量值偏小，即；B图中，电流表测量值准确，又由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻测量值偏大，即，故B不正确；A图中，误差来源与电压表的分流作用，为了减小误差，应使，故此法测较小电阻好，故C正确； B图中，误差来源与电流表的分压作用，为了减小误差，应使，故此法测较大电阻好，故D正确；考点：伏安法测电阻【名师点睛】待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内
11、接法测量值偏大；待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小。10.如图所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，3只理想电压表的示数变化的绝对值分别为U1、U2、U3，下列各值可能出现的是（ ）A. U1=3V、U2=2V、U3=1VB. U1=1V、U2=3V、U3=2VC. U1=0.5V、U2=1V、U3=1.5VD. U1=0.2V、U2=1V、U3=0.8V【答案】BD【解析】解：滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压U2增大，电源的内电压增大，则路端电压U1减小，则变阻器两端电
12、压U3减小由于U1=U2+U3，U1减小，则知U2U3，U1U2，所以U1=1V、U2=3V、U3=2V；U1=0.2V、U2=1V、U3=0.8V是可能的，U1=3V、U2=2V、U3=1V；U1=0.5V、U2=1V、U3=1.5V不可能故BD正确，AC错误故选BD【点评】本题解题的关键是抓住U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小11.如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r0若改变四个电阻中的一个阻值，则（ ）A. 减小R1，C1、C2所带的电量都增加B. 增大R2，C1、C2所带的电量都增加C. 增大R3，C1、C
13、2所带的电量都增加D. 减小R4，C1、C2所带的电量都增加【答案】BD【解析】试题分析：由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化，应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化解：A、减小R1，电容器C1、C2两端电压不变，电容器所带电量不变，故A错误；B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大，由
14、Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加，故C错误；D、减小R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加，故D正确；故选BD【点评】本题是一道闭合电路的动态分析，熟练应用闭合
15、电路欧姆定律、部分电路欧姆定律、串联电路特点、Q=CU即可正确解题12. 使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是( )A. 测量前应检查指针是否停在“”刻度线的“”处B. 每一次换挡，都要重新进行一次调零C. 在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔D. 测量时，若指针偏转很小(靠近附近)，应换倍率更大的挡进行测量【答案】ABD【解析】试题分析：用欧姆挡测量电阻时，测量前应进行机械调零，即在电路断路的情况下，电流为零，看指针是否指在“”刻度线的“”处，选项A正确。换挡必须调零，选项B正确。电流的方向是“红进黑出”，即在外电路，电流从黑表笔流向红表笔，选项C错误。测量时，若指针偏转很小(靠近附近)，表明所选择的档位太小，导致示数偏大，所以应选用倍率大一些的挡位进行测量，选项D正确。考点：本题考查欧姆表的使用和基本常识。二、实验题(共12分，每空1分)13.某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻.分别使用游标卡尺和螺
