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1、福建省莆田市第六中学2019届高三物理上学期期末考试试题（含解析）1.电动势为E，内阻为r的电源与可变电阻R1、R2、R3以及一平行板电容器连成如图所示的电路当开关S闭合后，两平行金属板A、B间有一带电液滴恰好处于静止状态下列说法正确的是() A. 将R1的滑片向右移动一小段距离，带电液滴将向下运动B. 将R2的滑片向右移动一小段距离，电容器两极板的电荷量将增加C. 增大电容器两板间的距离，电容器两极板的电荷量将增加D. 减小R3的阻值，R2两端的电压的变化量小于R3两端的电压的变化量【答案】D【解析】A、将R1的滑片向右移动一小段距离，电容器两端电压与R3两端电压相等，保持不变，故液滴受到的
2、电场力不变，那么，液滴受力不变，仍保持静止，故A错误；B、将R2的滑片向右移动一小段距离，那么，接入电路的电阻增大，故电流减小，所以，R3两端电压减小，即电容器两极板电压减小，故电荷量Q=CU减小，故B错误；C、增大电容器两板间的距离，电容器两极板的电压不变，电容器电容减小，那么电荷量Q=CU减小，故C错误；D、减小R3的阻值，电路电阻减小，电流增大，故内压降增大；那么R2两端的电压的变化量+r上电压的变化量=R3两端的电压的变化量，所以R2两端的电压的变化量小于R3两端的电压的变化量，故D正确；故选D。【点睛】电路问题一般先根据电路变化得到总电阻变化，从而由欧姆定律得到总电流的变化，即可由欧
3、姆定律得到电压的变化，从而得到支路电流的变化。2.如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈B上，现同时用大小为F1和F2、方向相反的水平力分别推木块A和斜劈B，它们均静止不动，则() A. F1、F2一定等大反向B. 木块A、斜劈B间一定存在摩擦力C. 斜劈B与地面间一定存在摩擦力D. 地面对斜劈B的支持力的大小一定等于(Mm)g【答案】D【解析】【详解】A对整体，水平方向可能有摩擦力，故F1、F2不一定等大反向，故A错误；B对物体A，受重力mg、已知的推力F、斜面体B对A的支持力N和摩擦力f，当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，即物体A、B间不一定有摩擦力，故B错误
4、；C对整体，当F1=F2时，不受静摩擦力，故C错误；D对A、B整体受力分析，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的两个推力，地面对整体可能有静摩擦力，根据平衡条件，竖直方向有：N=（M+m）g，故D正确；故选D。3.在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50kg的同学，一分钟内连续跳了140下，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2s，重力加速度g取，则他在这一分钟内克服重力做的功约为（ ）A. 3500JB. 14000JC. 1000JD. 2500J【答案】A【解析】G=mg=50kg10N/kg=500N，腾空时间为0.2s表示上升过程0.1s，上升的高度为h=0.05m，根据W=Gh得起跳一
5、次克服重力的功W0=Gh=500N0.05m=25J：1min跳了140次，则一分钟内克服重力做功W=140W0=14025J=3500J故选A。【点睛】克服重力做功直接利用W=Gh计算即可，注意1min起跳的次数，4.如图所示，ACBD是一个过球心O的水平截面圆，其中AB与CD垂直，在C、D、A三点分别固定点电荷Q、Q与q。光滑绝缘竖直杆过球心与水平截面圆垂直，杆上套有一个带少量负电荷的小球，不计小球对电场的影响现将小球自E点无初速度释放，到达F点的过程中(重力加速度为g)，下列说法正确的是()A. 小球在O点的加速度大于gB. 小球在E点的电势能大于在O点的电势能C. 小球在F点的速度一定
6、最大D. 小球在运动过程中机械能一直减小【答案】B【解析】小球在O点时，受到C、D两点电荷的库仑力的合力水平向左，受到A点电荷库仑力指向A点，则小球在O点受到库仑力的合力在夹角范围内，故小球受杆的弹力就应在夹角范围内，且大小与库仑力的合力相等，方向相反，使小球水平方向所受合力为零，所以小球竖直方向只受重力，加速度为g，故A错误；由图可知，带负电的小球从E点到O点时电势升高，故电势能减小，故B正确；当小球的合力为零时，加速度为零，速度最大，对小球在F点受力分析可知，因不清楚重力与库仑力的大小关系，故无法判断小球在F点时是否合力为零，故C错误；由图可知，E、F是在同一等势面，故小球在运动过程中，电
7、势能先减小，后增大，则机械能先增大，后减小，故D错误；故选B。【点睛】分析小球的受力情况，由牛顿第二定律分析小球在O点的加速度。根据等量异种电荷电场中电势分析情况，分析小球在三个点电荷的合电场中的电势情况，由能量守恒定律分析小球在F点的速度、电势能、机械能关系。5.某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角60，使飞行器恰好沿与水平方向成30角的直线斜向右上方由静止开始匀加速飞行，如图所示经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60同时适当调节其大小使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是()A. 加速时发动机提供的动
8、力的大小等于mgB. 加速与减速时的加速度大小之比为21C. 减速飞行时间t后速度减为零D. 加速过程发生的位移与减速到零的过程发生的位移大小之比为21【答案】B【解析】起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30角斜向上，设动力为F，合力为Fb，如图所示：在OFFb中，由几何关系得：F=mg，Fb=mg，故A错误；由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g，推力方向逆时针旋转60，合力的方向与水平方向成30斜向下，推力F跟合力Fh垂直，如图所示，此时合力大小为：Fh=mgsin30；动力大小：F=mg；飞行器的加速度大小为：a2=0.5g；加速与减速时的加速度大小之比为a1：a2=
9、2：1，故B正确；到最高点的时间为：，故C错误；t时刻的速率：v=a1t=gt；加速与减速过程发生的位移大小之比为=1：2，故D错误。故选B。6. 运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是（ ）A. 从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m/s3B. 加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C. 若加速度与速度同方向，如图所示的at图象，表示的是物体的速度在减小D. 若加速度与速度同方向，如图所示的at图象，已知物体在t
10、=0时速度为5m/s，则2s末的速度大小为8m/s【答案】AD【解析】【详解】加速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，即为，a的单位是m/s2，则的单位为m/s3，故A正确；加速度变化率为0是指加速度保持不变，如果加速度为0，则物体做匀速直线运动，如果加速度不为0，则物体做匀变速运动，故B错误；若加速度与速度同向，则物体作加速运动，如图示加速度减小，则物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误；根据v-t图象可知，图象与时间轴所围图形面积表示物体的位移，同理在a-t图象中可知图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量即v，则得：v=23m/s=3m/s。由于加速度与速度同向，故
11、物体做变加速直线运动，已知初速度为5m/s，则小球在2s末的速度为8m/s，故D正确。故选AD。【点睛】本题要加速度的物理意义，掌握其定义方法和单位，知道在a-t图象中图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量，能理解加速运动与减速运动由加速度与速度方向决定而不是由加速度的大小变化决定7. 公路急转弯处通常是交通事故多发地带。如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处A. 路面外侧高内侧低B. 车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动C. 车速虽然高于vc，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D. 当路面结冰时，与未
12、结冰时相比，vc的值变小【答案】AC【解析】试题分析：路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力，故A正确车速低于v0，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的力，车辆不会向内侧滑动故B错误当速度为v0时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于v0时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑故C正确当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则v0的值不变故D错误故选AC。考点：圆周运动的实例分析【名师点睛】此题是圆周运动的实例分析问题；解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，难度不大，属于基础题
13、。8.真空中，两个固定点电荷A、B所带电荷量分别为QA和QB，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C、D两点，其中D点的切线与AB连线平行，O点为AB连线的中点，则A. A带正电，B带负电，且B. O点电势等于D点电势C. 点电荷A在D点产生的场强比点电荷B在D点产生的场强大D. 负检验电荷在C点的电势能大于在D点的电势能【答案】AC【解析】根据电场线的流向，知A带正电，B带负电；D点的场强可看成AB两电荷在该点产生场强的合场强，电荷A在D点电场方向沿AD向上，电荷B在D点产生的场强沿DB向下，合场强水平向右，可知A电荷在D点产生的场强
14、大于B电荷在D点产生的场强，而，所以，AC正确；因在AB上电势与D点相同的点OB之间，A带正电荷，B带负电荷，所以O点电势比D点电势高，B错误；沿电场线方向电势逐渐降低，再根据，q为负电荷，知，D错误【点睛】解决本题的关键知道电场线的特点及电势能高低的判断。电势能高低判断：一可以从电场力做功角度判断，二根据电势能的公式判断三、非选择题： （一）必考题9.如图所示 “验证牛顿第二定律”的实验装置示意图砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M.实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小(1)实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板
15、平行接下来还需要进行的一项操作是（ ）A将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动(2)实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是（ ）AM200 g，m10 g、15 g、20 g、25 g、30 g、40 gBM200 g，m20 g、40 g、60 g、80 g、100 g、120 gCM400 g，m10 g、15 g、20 g、25 g、30 g、40 gDM400 g，m20 g、40 g、60 g、80 g、100 g、120 g(3)下图是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，量出相邻的计数点之间的距离分别为：sAB4.22 cm、sBC4.65 cm、sCD
