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1、福建省三明市永安三中2019届高三物理模拟试题（4月份）（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1.篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引。这样可以减小A. 球对手的力的冲量B. 球对手的力的大小C. 球的动量变化量D. 球的动能变化量【答案】B【解析】球对手的力的冲量，不变，A错误；篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引，增加了手与球间的相互作用力时间，根据可知，减小了球对手的力的大小，
2、B正确；根据动量变化可知，动量变化量相同，C错误；球的动能变化量，相同，故D错误2.如图，质量为1 kg的小物块从倾角为30、长为2 m的光滑固定斜面顶端由静止开始下滑，若选初始位置为零势能点，重力加速度取10m/s2，则它滑到斜面中点时具有的机械能和动能分别是A. 5 J，5 JB. 10 J，15 JC. 0，5 JD. 0，10 J【答案】C【解析】物体的机械能等于动能和重力势能的总和，选初始位置为零势能点，则初始位置的机械能，在运动的过程中只有重力做功，机械能守恒，所以物体滑到斜面中点时的机械能为0重力势能所以动能是5J，C正确3.如图，半径为R的半圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场
3、。一质量为m、带电量为+q且不计重力的粒子，以速度v沿与半径PO夹角=30的方向从P点垂直磁场射入，最后粒子垂直于MN射出，则磁感应强度的大小为A. B. C. D. 【答案】B【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，运动轨迹如图，由几何关系，知圆心角30，粒子运动的轨迹的半径为，根据洛伦兹力提供向心力，有，得半径为，联立得，B正确【点睛】考查了粒子在磁场中的运动，找到圆心位置，由几何关系求半径，由洛伦兹力提供向心力得到磁感应强度，这是带电粒子在磁场中运动经常用到的解题思路4.如图，“L”型导线abc固定并垂直放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，ab长为l，bc长为，导线通入恒定
4、电流I，设导线受到的安培力大小为F，方向与bc夹角为，则A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】连接ac，根据几何关系得，根据，F与bc的夹角，D正确5.如图，已知现在地球的一颗同步通讯卫星信号最多覆盖地球赤道上的经度范围为。假设地球的自转周期变大，周期变大后的一颗地球同步通讯卫星信号最多覆盖的赤道经度范围为，则前后两次同步卫星的运行周期之比为A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：根据几何关系得出卫星的轨道半径之比，结合万有引力提供向心力得出前后两次同步卫星的运行周期之比设地球的半径为R，根据几何关系知，当同步通讯卫星信号最多覆盖地球赤道上的经度范围为时，卫星的轨道半径
5、，同理得，当地球同步通讯卫星信号最多覆盖的赤道经度范围为时，卫星的轨道半径，根据得，由于轨道半径之比为，则周期之比为，A正确6.t=0时刻一质点开始做平抛运动，用下列图象反映其水平分速度大小vx、竖直分速度大小vy、合速度大小v与时间t的关系，合理的是A. AB. BC. CD. D【答案】AC【解析】试题分析：平抛运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，写出分速度与时间的关系式，由速度合成得到v与时间t的关系式，再选择图象平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，A正确；合速度大小为，t=0时，且随着t的增大，v增大，故BD错误；平抛运动在竖直方向做自
6、由落体运动，即初速度为零的匀加速直线运动，故图象过原点倾斜的直线，C正确7.如图，在匀强电场中，质量为m、电荷量为+q的小球由静止释放沿斜向下做直线运动，轨迹与竖直方向的夹角为，则A. 场强最小值为B. 电场方向可能水平向左C. 电场力对小球可能不做功D. 小球的电势能可能增加【答案】CD【解析】小球在重力和电场力的共同作用下做加速直线运动，当电场力的方向与轨迹垂直时，如图所示，电场力最小，即，故，该情况下电场力垂直于速度方向，不做功，A错误C正确；若电场方向水平向左，则电场力方向水平向左，合力不可能沿轨迹所在直线方向，B错误；当电场力方向与速度方向夹角为某一钝角时，如图所示，电场力做负功，电
7、势能增加，为锐角时，电场力做正功，电势能减小，故D正确 8.如图，半圆柱体Q放在水平地面上，表面光滑的圆柱体P放在Q和墙壁之间，Q的轴线与墙壁之间的距离为L，已知Q与地面间的动摩擦因数=0.5，P、Q横截面半径均为R，P的质量是Q的2倍，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。P、Q均处于静止状态，则A. L越大，P、Q间的作用力越大B. L越大，P对墙壁的压力越小C. L越大，Q受到地面的摩擦力越小D. L的取值不能超过【答案】AD【解析】试题分析：隔离对P分析，根据共点力平衡求出P、Q间的作用力大小以及墙壁对P的弹力，结合L的变化分析判断对整体分析，根据平衡得出摩擦力的大小，从而分析摩擦力的变化，抓
8、住摩擦力小于等于最大静摩擦力，结合平衡得出L的取值范围对P受力分析，受力如图，根据平衡知，Q对P的作用力，根据几何关系知，L越大，越大，越小，则F越大，A正确；根据平衡知，墙壁对P的弹力，根据几何关系知，L越大，越大，越小，越大，墙壁对P的弹力越大，根据牛顿第三定律知，P对墙壁的压力越大，B错误；对整体分析，整体在水平方向受到墙壁的弹力和地面的摩擦力，可知Q受到地面的摩擦力等于墙壁对P的弹力，L越大，弹力越大，则摩擦力越大，C错误；对整体分析知，地面对Q的摩擦力，要使P、Q均处于静止状态，有，根据几何关系有，联立解得，D正确二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第25题为必考题，每个试
9、题考生都必须作答第33题第34题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9.回答下列问题：（1）某同学用电磁打点计时器测匀变速直线运动的加速度，电磁打点计时器的工作电源为_A220V交流电B6V以下交流电C220V直流电D6V以下直流电（2）实验中打点计时器每隔0.02s打一个点，打出的纸带如图所示，则可大致判断小车做_（填“匀速”或“匀变速”）直线运动，这是因为_；计算小车的加速度大小a=_m/s2（保留两位有效数字）。【答案】 (1). B； (2). 匀变速； (3). 两个连续相等的时间间隔内的位移之差定； (4). 3.0；【解析】试题分析：电磁打点计时器接低压交流电源。根据连续相等时
10、间内的位移之差是否是一恒量判断小车的运动规律，再依据公式，即可求解加速度大小。（1）电磁打点计时器使用的是4-6V的低压交流电，B正确；（2）相邻计数点间的距离之差，可知小车做匀变速直线运动。这是因为两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定；根据匀变速直线运动的推论公式可得小车运动的加速度计算表达式为，由于相邻计数点间仍有四个点，因此相邻计数点时间间隔为；代入数据，解得10.为了测量一个量程为3.0 V的直流电压表的内阻RV（约为几千欧），所用的电路如图甲所示（1）请将图乙的器材连成完整的电路_；（2）该实验中需要进行的步骤罗列如下，合理的顺序是_(用步骤前的字母表示)A闭合开关SB将电阻箱R0
11、的阻值调到零C调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为3.0 VD断开开关SE调节电阻箱R0的阻值使电压表示数为1.5 V，读出此时电阻箱R0的阻值F把滑动变阻器的滑片P滑到a端（3）若在实验步骤E中，如图丙读出R0的阻值为_，则该电压表的内阻RV的测量值为_，由于系统误差，测量值_（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】 (1). (2). BFACED或者FBACED (3). 2900 (4). 2900 (5). 偏大【解析】【详解】（1）如图所示：（2）B将电阻箱R0的阻值调到零；F把滑动变阻器的滑片P滑到a端；A闭合开关S；C调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为3.0V；E调节电阻
12、箱R0的阻值使电压表示数为1.5V，读出此时电阻箱R0的阻值；D断开开关S（注意先调零与先移动滑动变阻器到最大阻值，前后不影响，故BF的顺序可以颠倒），则合理的顺序是BFACED（3）由如图丙读出R0的阻值为2900，因是串联关系，则电阻与电压成正比：电压表示数为1.5V，则电阻箱R0分压为1.5V则 Rv=R0=2900，因该支路实际电压要比原电压变大，即R0的分压要大一些，故Rv的实际值要小一些，即测量值比真实值大【点睛】考查半偏法测电阻的原理，明确串联电阻后会引起测量支路的电阻的增大，其分压要变大，此为误差的来源11.如图所示，在竖直平面内存在竖直方向的匀强电场。长度为l的轻质绝缘细绳一
13、端固定在o点，另一端连接一质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点），初始时小球静止在电场中的a点，此时细绳拉力为2mg，g为重力加速度。求：（1）电场强度E的大小和a、O两点的电势差UaO；（2）小球在a点获得一水平初速度Va=4，则小球在最低点绳子的拉力大小。【答案】（1），方向竖直向上；（2）【解析】(1)小球静止在a点时，由共点力平衡得解得，方向竖直向上在匀强电场中，有则a、O两点电势差(2)小球从a点运动到b点，设到b点速度大小为，由动能定理得小球做圆周运动通过b点时，由牛顿第二定律得联立式，代入解得12.如图，上表面光滑、下表面粗糙的木板放置于水平地面上，可视为质点的滑块静止放在木
14、板的上表面。t = 0时刻，给木板一个水平向右的初速度v0，同时对木板施加一个水平向左的恒力F，经一段时间，滑块从木板上掉下来。已知木板质量M =3 kg，高h = 0.2 m，与地面间的动摩擦因数=0.2；滑块质量m =0.5 kg，初始位置距木板左端L1=0.46 m，距木板右端L2=0.14 m；初速度v0=2 m/s，恒力F = 8 N，重力加速度g=10 m/s2。求：（1）滑块从离开木板开始到落至地面所用时间；（2）滑块离开木板时，木板的速度大小；（3）从t = 0时刻开始到滑块落到地面的过程中，摩擦力对木板做的功。【答案】1）0.2s（2）0.6m/s（3）-7.38J【解析】试
15、题分析：由于A上表面光滑，小物块B与木板A间无摩擦则小物块B离开木板A前始终对地静止，滑块离开后做自由落体运动，由来计算时间；由于A上表面光滑则小物块B离开木板A前始终对地静止，木板A在恒力和摩擦力共同作用下先向右匀减速后向左匀加速，对木板应用牛顿第二定律求出加速度，根据运动学公式即可求解时间；摩擦力做功为，s为木板运动的路程（1）设滑块从离开木板开始到落到地面所用时间为t0，以地面为参考系，滑块离开木板后做自由落体运动，根据运动学公式知，得（2）以木板为研究对象，向右做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得a1=5m/s2，则木板减速到零所经历的时间所经过的位移由于s1L1=0.46m，表明这时滑块仍然停留在木板上此后木板开始向左做匀加速直线运动，摩擦力的方向改变，由牛顿第二定律得a2=m/s2滑块离开木板时，木板向左的位移
