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1、四川省射洪中学校2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试题1 选择题（本题共16道小题，每道题3分，共48分。第1-12题单选，第12-16题多选）1.下列哪些措施是为了防止静电产生的危害( )A静电喷漆 B在高大的烟囱中安装静电除尘器C静电复印 D在高大的建筑物顶端装上避雷针2.下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是( )A. 电荷在某点的电势能，等于把它从这点移动到零电势能位置时静电力做的功B. 根据电容的定义式，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C. 根据电场强度的定义式，电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量成反比D. 静电场中电场强度为零的位
2、置，电势一定为零3.下列说法中正确的是（ ）A元电荷实质上是指电子和质子本身B感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体C. 当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷D.两个带电小球即使相距非常近，也能直接用库仑定律4.两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F若将两小球相互接触后分开一定的距离，两球间库仑力的大小变为F，则两小球间的距离变为（ ）A Br C D2r5.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）AR1：
3、R2=3：1BR1：R2=1：3C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：36.如图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为abc=532， 在此长方体的上下、左右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、4，在1、2两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为；在3、4两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为，则为( ) A254 B425 C925 D2597.如图所示， P、Q是两个电荷量相等的异种电荷，在其电场中有a、b、c三点在一条直线上，平行于P、Q的连线，b在P、Q连线的中垂线上，ab=bc，下列说法正确
4、的( )A电势： B电势： C电场强度：EaEbEc D电场强度：EbEaEc8.一个带电量为qC的正点电荷，从电场中的A点移到B点时，电场力做了J的功，下列判断正确的是( )A该点电荷在B处具有的电势能比在A处小BAB两点之间的电势差为250VC电场A点的电势比B点低D该电荷在B处具有的电势能为J9.如图所示，A、B、C三点都在匀强电场中，已知ACBC，ABC60，BC20 cm，把一个电荷量q C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为1.73J，则该匀强电场的场强大小和方向是( )A865 V/m，垂直AC向左 B865 V/m，垂直AC向右C1 000 V/m，垂直
5、AB斜向上 D1 000 V/m，垂直AB斜向下 10.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点。可以判定（ ）A. M点的电势小于N点的电势B. 粒子带正电，M点的电势大于N点的电势C. 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D. 粒子在M点的电势能小于在N点的电势能11.如图1所示是示波管的原理图，它由电子枪、偏转电极（XX和YY），荧光屏组成、管内抽成真空，给电子枪通电后，如果在偏转电极XX和YY上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑若在偏转极板YY上加如图2所示的电压，而偏转极板XX不加电压，则在示波器
6、荧光屏上看到的图象可能是图3中的（ ）12.如图甲所示，两个平行金属板P、Q正对竖直放置，两板间加上如图乙所示的交变电压t=0时，Q板比P板电势高U0，在两板的正中央M点有一电子在电场力作用下由静止开始运动（电子所受重力可忽略不计），已知电子在04t0时间内未与两板相碰则电子速度方向向左且速度大小逐渐减小的时间是（ ）A0tt0 Bt0t2t0C2t0t3t0 D3t0t4t013.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（ ）A. 平行板电容
7、器的电容将变大B. 静电计指针张角不变C. 带电油滴的电势能将增大D. 若先将上极板与电源正极连接的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变14.质量相同的两个带电粒子M、N以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，M从两极板正中央射入，N从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），如图所示则从开始射入到打到上板的过程中：（ ）A它们运动的时间 B它们的速度增量之比: =1:2C它们所带电荷量之比 : =1:2D它们电势能减少量之比: =1:215.如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金
8、属块下滑的过程中动能增加了07J，金属块克服摩擦力做功03J，重力做功12J，则以下判断正确的是（ ）A金属块带正电荷 B电场力做功 02JC金属块的机械能减少12J D金属块的电势能增加02J16.如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，固定一电荷量为Q的点电荷。一质量为m、带电荷量为q的物块（可视为质点的检验电荷），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方的B点时速度为v。已知点电荷产生的电场在A点的电势为（取无穷远处电势为零），P到物块的重心竖直距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60，k为静电常数，下列说法正确的是（ ）A. 点电荷Q产生的电场在B点的
9、电场强度大小B. 物块在A点时受到轨道的支持力大小为C. 物块在A点的电势能D. 点电荷Q产生的电场在B点的电势二、实验题（10分）17.如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连（1）使电容器带电后与电源断开将左极板上移，可观察到静电计指针偏转角 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；由此可知平行板电容器的电容与 有关（2）下列关于实验中使用静电计
10、的说法中正确的有 .A使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况C静电计可以用电压表替代D静电计可以用电流表替代三、计算题（请作出受力分析图及适当的文字说明。共42分）18.（8分）如图所示，一质量为mkg，带电量为qC的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成37角小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g取10 m/s2（1）求电场强度E；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1 s时小球的速度大小及方向。（，）19.（8分）如图9, R1=6, R2=8, 电源电压为12V, 求:(1)当S2断开,
11、S1、S3闭合时, 通过R1、R2的电流强度各为多大?(2)当S2闭合, S1、S3断开时, 电阻R1、R2两端的电压各是多大? 20.（12分）如图所示，在E=103V/m的水平匀强电场中，MNPQ为光滑绝缘的挡板，固定于光滑水平绝缘的桌面上，轨道平面与电场线平行，其MN为水平直线，NPQ为半径R=40cm的半圆，P为QN圆弧的中点，一带正电的小滑块其比荷c/kg，位于N 点右侧1.5m处以紧靠挡板以一定初速度释放，若小滑块恰能运动到圆轨道的Q点，取g=10m/s2，求：(1)小滑块在Q点的速度大小；(2)小滑块向左的初速度v0的速度大小；(3)滑块质量为0.2kg，求小滑块运动到P点对挡板
12、压力的大小。21. （14分）如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图在xoy平面的第一象限，存在以轴、轴及双曲线的一段（0xL,0yL）为边界的匀强电场区域；在第二象限存在以xL、x2L、y0、yL为边界的匀强电场区域两个电场大小均为E，不计电子所受重力，电子的电荷量大小为e，则：（1）从电场的边界B点处静止释放电子，求进入区域II的速率；（2）从电场的边界B点处静止释放电子，电子离开MNPQ时的位置坐标；（3）从电场I的AB曲线边界处由静止释放电子，电子离开MNPQ时的最小动能。 射洪中学2019年下期高2018级第一学月考试物理参考答案题号12345678910111213
13、141516答案DACABAACDBBDBDBCADABD 17.（1）变大(2分），变小(2分），变小(2分），两板正对面积、两板距离和两板间介质有关(2分）； （2）A(2分）18.解：（1）对小球受力分析，受到向下的重力、沿绳子方向的拉力和水平向左的电场力，可见小球应带负电，由于小球静止，所以由平衡条件可得：qE=mgtan，(3分)代入数据解之得：E=7.5104N/C(1分)（2）剪断细线后，小球只受重力和电场力，所以两力的合力沿着绳的方向，小球做初速度为零的匀加速直线运动，此时小球受到的合力F=(1分)由牛顿第二定律F=ma可得a=(1分)又由运动学公式v=at联立带入数据解得：v=12.5m/s，(1分) 方向与竖直方向夹角为37斜向下(1分)19(1)开关S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，由欧姆定律可得：I1=2A(2分）；I2=1.5A(2分）；(2)开关S1、S3断开，S2闭合时，R1与R2串联，由欧姆定律可得：I=AU1=IR1=A6=V(2分）；U2=IR2=A8=V(2分）20:(1)设小球到达Q点时速度为v,由牛顿第二定律有: (2分） v=2m/s(1分）(2)滑块从开始到Q过程中,由动能定理有:qE2R=-(2分）联立并代入数据
