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1、四川省遂宁市第二中学2019-2020学年高一物理上学期期中试题(含解析)一、单选题1.研究静止放在水平桌面上的书本对桌面的压力,下列说法正确的是()A. 书本对桌面的压力就是书本的重力B. 书本对桌面的压力作用在书上C. 书本对桌面的压力是由于书本的形变引起的D. 书本对桌面的压力大于桌面对书本的支持力【答案】C【解析】【详解】A书静止在水平桌面上,书对水平桌面的压力大小等于物体的重力,但压力不是重力,故A错误;BC书对水平桌面的压力是由于书发生向上的微小形变,要恢复原状,对桌面产生向下的弹力,作用在桌面,故B错误,C正确;D书对桌面压力跟桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力,故D错误。2
2、.某同学在爬杆运动中,双手握杆使自己向上匀速运动,到顶端后顺着杆匀速滑下,则该同学先后受到的摩擦力方向是()A. 向上、向上B. 向上、向下C. 向下、向上D. 向下、向下【答案】A【解析】【详解】同学在爬杆运动的过程中,做匀速运动,处于受力平衡状态,都受到竖直向下的重力G,竖直向上的摩擦力f,由平衡条件得:f=G,因此两种情况下,摩擦力方向都向上,故A正确,BCD错误。3.如图所示,自行车的车轮半径为R,车轮沿直线无滑动地滚动,当气门芯由车轮的正上方第一次运动到车轮的正下方时,气门芯位移的大小为()A. RB. 2RC. RD. 2R【答案】C【解析】【详解】当气门芯由轮子的正上方第一次运动
3、到轮子的正下方时,轮子向前运动了半个周长,气门芯的初位置与末位置如上图的直线x,由几何知识得气门芯得位移大小为=R。A. R与上述计算结果不相符,故A不符合题意;B. 2R与上述计算结果不相符,故B不符合题意;C. R与上述计算结果相符,故C符合题意;D. 2R与上述计算结果不相符,故D不符合题意。4.物体在甲、乙两地间往返一次,从甲地到乙地的平均速度是v1,返回时的平均速度是v2,则物体往返一次平均速度的大小和平均速率分别是()A. 0,B. ,C. 0, D. ,【答案】C【解析】【详解】物体往返一次,位移为零则物体的平均速度的大小为0设A、B两地的距离为L物体从A到B运动的时间为: 从B
4、到A运动的时间为:则物体往返一次的平均速率为: ,故C对,ABD错;故选C5.一物体从高处自由下落,经2s落地,则该物体下落1s时,离地高度是(g取10m/s2)( )A. 5mB. 10mC. 15mD. 18m【答案】C【解析】【分析】自由落体运动做初速度为零的匀加速直线运动,根据位移时间公式求出物体在1s时、2s时下落的高度,从而得出离地的高度。【详解】该物体下落1s时离地高度是:,故C正确,ABD错误。故选:C。【点睛】本题主要是考查了自由落体运动,解答本题要知道自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动,满足匀变速直线运动的计算公式。6.汽车关闭油门后做匀减速直线运动,最后
5、停下来在此过程中,最后三段连续相等的时间间隔内的位移大小之比为( )A. 111B. 531C. 941D. 321【答案】B【解析】【详解】根据题意分析,汽车速度匀减速到零,反向看是初速度为零的匀加速:,所以,ACD错误,B正确7.一个物体做初速度为零的匀加速运动,该物体通过前一半位移和通过后一半位移所用的时间之比是()A. B. 2:1C. D. 【答案】C【解析】物体做初速度为零的匀加速运动,根据初速度为零的匀加速直线运动的推论,该物体通过前一半位移和通过后一半位移所用的时间之比是:;故选C点睛:对于初速度为零的匀加速直线运动,通过连续相等的位移所用的时间之比为1:( -1):( ):(
6、)8.小球以2m/s的初速度从离地高为3m的地方开始做竖直上抛运动,取g10m/s2,则小球在空中运动的时间为( )A. 0.4sB. 0.6sC. 0.8sD. 1.0s【答案】D【解析】小球从离地高3m的地方开始做竖直上抛运动,取竖直向上为正方向,小球落地时通过的位移为:x=-3m;根据位移时间关系公式,有:x=v0t-gt2代入数据,有:-3=2t-10t2联立解得:t=1.0s或者t=-s(无意义,舍去),故D正确,ABC错误,故选D.点睛:本题运用整体法处理竖直上抛运动,也可以分段研究要注意规定正方向,知道整个位移是负值9.有一长为L的列车,正以恒定的加速度过铁路桥,桥长为2L,现已
7、知列车车头过桥头的速度为v1,车头过桥尾时的速度为v2,那么,车尾过桥尾时的速度为()A. 3v1-v2B. 3v2-v1C. D. 【答案】C【解析】列车车头过桥头到车头过桥尾有: 车头过桥尾到车尾过桥尾有: 由以上两式可得, 综上所述本题答案是:C 10.如图所示,两个小球用长为1 m的细线连接,用手拿着球,球竖直悬挂,且A、B两球均静止。现由静止释放球,测得两球落地的时间差为0.2 s,不计空气阻力,重力加速度,则球释放时离地面的高度为A. 1.25 mB. 1.80 mC. 3.60 mD. 6.25m【答案】B【解析】【详解】设释放时A球离地高度为h,则,求得,。A. 1.25 m与
8、上述计算结果不相符,故A错误;B. 1.80 m与上述计算结果相符,故B正确;C. 3.60 m与上述计算结果不相符,故C错误;D. 6.25m与上述计算结果不相符,故D错误。11.甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动,t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在描述两车运动的vt图中(如图),直线a、b分别描述了甲乙两车在020秒的运动情况。关于两车之间的位置关系,下列说法正确的是A. 在010秒内两车逐渐靠近B. 1020秒内两车逐渐远离C. 在515秒内两车的位移相等D. 在t=10秒时两车在公路上相遇【答案】C【解析】【详解】A在010 s内,乙车的速度一直比甲车大,两车应逐渐远
9、离,则A错误;B在1020 s内,甲车的速度一直比乙车大,两车逐渐靠近,则B错误;C在515 s内,两图象与坐标轴的面积相等,则两车的位移相等,则C正确;D在t10 s时两车速度相等,相距最远,则D错误。12.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动,它们的vt图象如图3所示两图象在tt1时相交于P点,P在横轴上的投影为Q,OPQ的面积为S.在t0时刻,乙车在甲车前面,相距为d.已知此后两车相遇两次,且第一次相遇的时刻为t,则下面四组t和d的组合可能的是 ()A. tt1,dSB. tt1,dSC. tt1,dSD. tt1,dS【答案】D【解析】【详解】在t1时刻如果甲车没有追上乙车,以后就不
10、可能追上了,故ts2)初始时,甲车在乙车前方S0处。 A. 若s0= s1+ s2,两车不会相遇B. 若 s0 s1,两车相遇2次C. 若 s0= s1,两车相遇1次D. 若 s0=s2,两车相遇1次【答案】ABC【解析】【详解】由图可知甲的加速度a1比乙a2大,在达到速度相等的时间T内两车相对位移为。若,速度相等时甲比乙位移多S0,乙车还没有追上,此后甲车比乙车快,不可能追上,故A正确;若,乙车追上甲车时乙车比甲车快,因为甲车加速度大,甲车会再追上乙车,之后乙车不能再追上甲车,故B正确;若,恰好在速度相等时追上、之后不会再相遇,故C正确;若 ,两车速度相等时还没有追上,并且甲车快、更追不上,
11、故D错误。故选ABC。16.一质点在连续的6s内作匀加速直线运动,在第一个2s内位移为12m,最后一个2s内位移为36m,则下面说法正确的是( )A. 质点的加速度大小是2 m/s2B. 质点的加速度大小是3 m/s2C. 第2s末的速度大小是12m/sD. 第1s内位移大小是4.5m【答案】BD【解析】【详解】A、B、设第一个2s内的位移为x1,第三个2s内,即最后1个2s内的位移为x3,根据x3-x1=2aT2得加速度a=3m/s2,故A错误,B正确;C、第1s末的速度等于第一个2s内的平均速度,则v1=6m/s,则第2s末速度为v=v1+at=6+31m/s=9m/s,故C错误;D、在第1s内反向看为匀减速运动,则,故D正确.故选BD.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的两个重要推论:1、在连续相等时间内的位移之差是一恒量,即x=aT2,2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度并能灵活运用17.水平面上有一物体做直线运动,物体的加速度随时间变化的关系如图所示,已知t=0时物体的