《江西省万载中学2019—2020学年高二物理上学期期中试题（创新班）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省万载中学2019—2020学年高二物理上学期期中试题（创新班）（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江西省万载中学2019-2020学年高二物理上学期期中试题（创新班） 一、选择题（本题共10个小题,每小题4分,共40分,在每小题给出的四个选项中,第17题只有一项符合题目要求,第810题有多项符合题目要求全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分）1关于物理学家和他们的贡献,下列说法中正确的是（ ）A奥斯特发现了电流的磁效应,并发现了电磁感应现象B库仑提出了库仑定律,并最早用实验测得元电荷e的数值C牛顿发现万有引力定律,并通过实验测出了引力常量D法拉第发现了电磁感应现象,并制作了世界上第一台发电机2如图所示的电路中,输入电压U恒为8 V,灯泡L标有“3 V6 W”字样,电动机线圈的
2、电阻RM1 .若灯泡恰能正常发光,下列说法不正确的是()A电动机的输入电压是5 VB通过电动机的电流是2 AC电动机的效率是60%D整个电路消耗的电功率是10 W3. 在一个匀强电场中有a、b两点,相距为d,电场强度为E,把一个电量为q的正电荷由a点移到b点时,克服电场力做功为W,下列说法正确的是（ ）A. 该电荷在a点电势能较b点大B. a点电势比b点电势低C. a、b两点电势差大小一定为U=EdD. a、b两点电势差4.如图中的虚线上方空间有垂直线框平面的匀强磁场,直角扇形导线框绕垂直于线框平面的轴O以角速度匀速转动设线框中感应电流方向以逆时针为正方向,那么在图中能正确描述线框从图所示位置
3、开始转动一周的过程中,线框内感应电流随时间变化情况的是：( )5.在如图所示的电路中,当闭合开关S后,若将滑动变阻器的滑片P向下调节,则（ ）A. 电压表和电流表的示数都增大B. 灯L2变暗,电流表的示数减小C. 灯L1变亮,电压表的示数减小D. 灯L2变亮,电容器的带电量增加6. 水平放置的光滑导轨上放置一根长为L、质量为m的导体棒ab,ab处在磁感应强度大小为B、方向如图所示的匀强磁场中,导轨的一端接一阻值为R的电阻,导轨及导体棒电阻不计现使ab在水平恒力F作用下由静止沿垂直于磁场的方向运动,当通过位移为x时,ab达到最大速度vm.此时撤去外力,最后ab静止在导轨上在ab运动的整个过程中,
4、下列说法正确的是() A撤去外力后,ab做匀减速运动 B合力对ab做的功为FxCR上释放的热量为Fxmvm2 DR上释放的热量为Fx7. 如图所示,绝缘细线系一带有负电的小球,小球在竖直向下的匀强电场中,做竖直面内的圆周运动,以下说法正确的是A. 当小球到达最高点a时,线的张力一定最小B. 当小球到达最低点b时,小球的速度一定最大C. 当小球到达最高点a时,小球的电势能一定最小D. 小球在运动过程中机械能守恒8.在匀强磁场中,一矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动,如图甲所示,产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示,则下列说法正确的是( )A. t=0.01s时穿过线框的
5、磁通量最大B. t=0.01s时穿过线框磁通量变化率最大C. 该线框匀速转动的角速度大小为100D. 电动势瞬时值为22V时,线圈平面与中性面的夹角可能为459.如图所示,半径为r的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场,一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场,经过时间t从C点射出磁场,AOC为120。现将带电粒子的速度变为,仍从A沿直径射入磁场,不计重力,则（ ）A. 运动半径为B. 运动半径为C. 粒子在磁场中运动时间变为D. 粒子在磁场中运动时间变为2t10.如图,质量分别为mA和mB的两小球带有同种电荷,电荷最分别为qA和qB,用绝缘细线悬挂在天花板上。平衡时,两小球恰处于同
6、一水平位置,细线与竖直方向间夹角分别为1与2（12）。两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动,最大速度分别vA和vB,最大动能分别为EkA和EkB。则 ： （ ）A. mA一定小于mBB. qA一定大于qBC. vA一定大于vBD. EkA一定大于EkB二、填空题：本题共2小题,每空2分,共14分。11.（6分）如图是多用表的刻度盘,当选用量程为50mA的电流挡测量电流时,表针指于图示位置,则所测电流为_m；若选用倍率为“100”的电阻挡测电阻时,表针也指示在图示同一位置,则所测电阻的阻值为_。如果要用此多用表测量一个约2.0102的电阻,为了使测量比较精确,应选的欧姆挡是_（选填“10”、“1
7、00”或“1k”）。12. （8分）某同学要通过实验测量一节新干电池的电动势和内阻,可供选择的器材有：电流表（00.6A）、电压表（03V）、滑动变阻器R1（10,2A）、滑动变阻器R2（100,2A）、定值电阻R0为1.5、电键S及导线若干。（1）为方便实验调节且能较准确地进行测量,滑动变阻器应选用_（填“R1”或“R2”）。（2）本次实验按照如图甲所示实物连接线路图连接好后进行测量,测得数据如下表所示。由上表数据可看出,电压表示数变化不明显,试分析引起上述情况的原因是_。（3）为使电压表的示数变化更明显,请按题目所给的器材对电路略加改动,在方框中画出改动后的实验电路图_。（4）实验中改变滑
8、动变阻器的阻值,根据测出数据画出的UI图线如图所示,则此干电池的内阻r =_。（保留两位小数）三、计算题：共46分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须写出数值和单位。13（8分）用单位长度电阻为r0=0.05/m的导线绕制一个n=100匝、边长a=0.20m的正方形线圈,线圈两端与阻值R=16的电阻连接构成的闭合回路,如图甲所示。线圈处在均匀磁场中,磁场方向垂直于线圈平面,磁感应强度B的大小随时间变化的关系如图乙所示。求：（1）在01.0102s时间内,通过R的电荷量是多少；（2）1分钟内电流通过电阻R所产生的
9、热量。14. （9分）如图所示,空间存在与水平地面成37角的有界匀强电场,水平地面上有一根细短管(距地面高度可忽略),与水平地面之间的夹角为37。一个略小于细短管直径、质量为m=0.1kg、电荷量为q=0.1C的带电小球,从水平地面上方一定高度处的A点（A点未标出）静止释放,恰好沿水平方向做直线运动,经t=0.3s后离开有界电场,又经过一段时间,小球恰好无碰撞地落入细短管。已知重力加速度g=10m/s2,取sin 370.6,cos 370.8,空气阻力不计,求：（1）小球所带电荷的电性和匀强电场强度E的大小；（2）小球落地时速度大小；（3）小球距水平地面的高度.15（12分）如图所示,在匀强
10、磁场中有一倾斜的平行金属导轨,导轨间距为L,长为3d,导轨平面与水平面的夹角为,在导轨的中部刷有一段长为d的薄绝缘涂层匀强磁场的磁感应强度大小为B,方向与导轨平面垂直质量为m的导体棒从导轨的顶端由静止释放,在滑上涂层之前已经做匀速运动,并一直匀速滑到导轨底端导体棒始终与导轨垂直,且仅与涂层间有摩擦,接在两导轨间的电阻为R,其他部分的电阻均不计,重力加速度为g.求：(1)导体棒与涂层间的动摩擦因数；(2)导体棒匀速运动的速度大小v；(3)整个运动过程中,电阻产生的焦耳热Q.16. （16分）如图所示,为一除尘装置的截面图,其原理是通过板间的电场或磁场使带电尘埃偏转并吸附到极板上,达到除尘的目的。
11、已知金属极板MN长为d,间距也为d。大量均匀分布的尘埃以相同的水平速度v0进入除尘装置,设每个尘埃颗粒质量为m、电量为q。当板间区域同时加入匀强电场和垂直于纸面向外的匀强磁场并逐步增强至合适大小时,尘埃恰好沿直线通过该区域;且只撤去电场时,恰好无尘埃从极板MN间射出,收集效率（打在极板上的尘埃占尘埃总数的百分比）为100%,不计尘埃的重力、尘埃之间的相互作用及尘埃对板间电场、磁场的影响。 (1)判断M板所带电荷的电性；(2)求极板区域磁感应强度B的大小；(3)若撤去极板区域磁场,只保留原来的电场,则除尘装置的收集效率是多少？(4)把极板区域的磁场和电场均撤去后,在y轴右侧设计一个垂直于坐标平面
12、的圆形匀强磁场区域,就可把全部尘埃收集到位于Q点的收集箱内。若直角坐标系原点O紧贴金属极板MN右侧中点,Q点坐标为（2d,1.5d）,求此磁场的方向及磁感应强度B的大小范围。一选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D D B A C D C ACD BD ACD10试题分析：对小球A受力分析,受重力、静电力、拉力,如图：根据平衡条件,有：,故：同理,有：,由于,故,故A正确；两球间的库仑力是作用力与反作用力,一定相等,与两个球是否带电量相等无关,故B错误；小球摆动过程机械能守恒,有,解得,由于A球摆到最低点过程,下降的高度较大,故A球的速度较大,故C正确；小球摆动过程机械能守恒,有
13、,故：其中相同,根据数学中的半角公式,得到：其中,相同,故越大越大,动能越大,故一定大于,故D正确。11题30.5-30.9,1500,10 ,12题【答案】 (1). R1 (2). 新电池的内阻很小,所以导致内电路的电压降很小； (3). 图见解析； (4). 0.20【解析】【详解】(1)1.因电源内阻较小,为了便于调节,选择总阻值较小的R1；(2)2.由表中数据可知,电压表示数不明显,说明路端电压变化不明显；原因是新电池的内阻很小,所以导致内电路的电压降很小；(3)3.为了减小实验中内阻测量的误差,将定值电阻R0与电源相连,采用等效的方法来增大内阻；故设计电路如图所示；(4)4.图象的
14、斜率等于等效内阻,故内阻；故r=1.70-1.5=0.20；13、（8分）（1）1.0102C （2）320J14.【答案】(1)正电,N/C；(2) 5m/s；(3) 0.45m。【解析】【详解】(1)小球在混合场中沿水平方向运动,则竖直方向受到的合外力等于0,可知小球受到的电场力得方向沿电场线的方向向上,则小球带正电；在竖直方向：qEsin37=mg代入数据可得：(2)小球在混合场中沿水平方向运动,则水平方向：ma=qEcos37代入数据可得：a=m/s2小球离开混合场的速度：v0at0.34m/s小球恰好无碰撞地落入细短管,可知小球的末速度的方向与水平方向之间的夹角为37,设末速度为v,则：vcos37=v1所以：v=5m/s(3)对小球在空中运动的过程,由动能定理有：解得：h=0.45m15【答案】(1) tan ,(2) , (3) 2mgdsin 【解析】根据平衡条件、法拉第电磁感应定律、能量守恒定律解题(1)在绝缘涂层上：导体棒受力平衡,则mgsin mgcos 解得导体棒与涂层间的动摩擦因数tan (2)在光
