《云南孰山一中2020届高三物理适应性月考卷三》由会员分享，可在线阅读，更多相关《云南孰山一中2020届高三物理适应性月考卷三（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、云南省峨山一中2020届高三适应性月考卷（三） 理科综合理部分一、单选题(共8小题,每小题6.0分,共48分)1.物理学中引入了“质点”、“点电荷”的概念，从科学方法上来说属于()A 控制变量法B 类比法C 理想化模型法D 等效替代法2.物体甲的速度与时间图象和物体乙的位移与时间图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是()A 甲在整个t4 s时间内有来回运动，它通过的总路程为12 mB 甲在整个t4 s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为6 mC 乙在整个t4 s时间内有来回运动，它通过的总路程为12 mD 乙在整个t4 s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为6 m3.2020年
2、6月，“神九”飞天，“蛟龙”探海，实现了“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”这个充满浪漫主义气概的梦想处于340 km高空的“神九”和处于7 000 m深海的“蛟龙”的向心加速度分别为a1和a2，转动的角速度分别为1和2，下列说法中正确的是(）A 因为“神九”离地心的距离较大，根据得12B 根据可知，与圆周运动的半径r无关，所以12C 因为“神九”离地心的距离较大，根据a得a1a24.如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为R的光滑圆环顶点P，另一端连接一套在圆环上且质量为m的小球开始时小球位于A点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动的最低
3、点B时的速率为v，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g.下列分析正确的是()A 轻质弹簧的原长为RB 小球过B点时，所受的合力为mgmC 小球从A到B的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能D 小球运动到B点时，弹簧的弹性势能为mgRmv25.如图所示，传送带足够长，与水平面间的夹角37，并以v10 m/s的速度逆时针匀速转动着，在传送带的A端轻轻地放一个质量为m1 kg的小物体，若已知物体与传送带之间的动摩擦因数0.5，(g10 m/s2，sin370.6，cos370.8)则下列有关说法正确的是()A 小物体运动1 s后，受到的摩擦力大小不适用公式FFNB 小物体运动1 s后
4、加速度大小为2 m/s2C 在放上小物体的第1 s内，系统产生50 J的热量D 在放上小物体的第1 s内，至少给系统提供能量70 J才能维持传送带匀速转动6.(多选)甲、乙两球质量分别为m1、m2，从同一地点(足够高)处同时由静止释放两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，与球的质量无关，即fkv(k为正的常量)两球的vt图象如图所示落地前，经时间t0两球的速度都已达到各自的稳定值v1、v2.则下列判断正确的是()A 释放瞬间甲球加速度较大BC 甲球质量大于乙球Dt0时间内两球下落的高度相等7.(多选)如图，光滑水平面上，水平恒力F作用在木块上，小车和木块间无相对滑动，小车质量为M
5、，木块质量为m.它们的共同加速度为a，木块与小车间的动摩擦因数为，则在运动过程中()A 木块受到的摩擦力一定是mgB 木块受到的合力为FC 小车受到的摩擦力为D 小车受到的合力为8.(多选) 如图是某缓冲装置，劲度系数足够大的轻质弹簧与直杆相连，直杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为f，直杆质量不可忽略一质量为m的小车以速度v0撞击弹簧，最终以速度v弹回直杆足够长，且直杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计小车与地面的摩擦则()A 小车被弹回时速度v一定小于v0B 直杆在槽内移动的距离等于(mvmv2)C 直杆在槽内向右运动时，小车与直杆始终保持相对静止D 弹簧的弹力可能大于直杆与
6、槽间的最大静摩擦力分卷II三、实验题(共2小题,共18分)9(6分）.用如图所示的实验器材“测定电池的电动势和内阻”，（1）用笔画线代替导线在实物图上正确连线；（2）实验中测得数据如下：用作图法求得电池的电动势为，内阻为10（12分）.某实验小组利用拉力传感器和速度传感器探究“动能定理”，如图，他们将拉力传感器固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小在水平桌面上相距50.0 cm的A、B两点各安装一个速度传感器记录小车通过A、B时的速度大小小车中可以放置砝码(1)实验主要步骤如下：测量_和拉力传感器的总质量M1；把细线的一端固定在拉力传感器
7、上另一端通过定滑轮与钩码相连；正确连接所需电路；将小车停在C点，_，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力及小车通过A、B时的速度在小车中增加砝码，或_，重复的操作(2)表1是他们测得的一组数据，其中M是M1与小车中砝码质量m之和，|vv| 是两个速度传感器记录速度的平方差，可以据此计算出动能变化量E，F是拉力传感器受到的拉力，W是F在A、B间所作的功表格中E3_，W3_.(结果保留三位有效数字)(3)根据表1，请在如图中的方格纸上作出EW图线四、计算题(共2小题共32分)11（12分）.如图所示，有一长为L的细线，细线的一端固定在O点，另一端拴一质量为m的小球，现使小球恰好在竖直平面内做完整的圆
8、周运动，已知水平面上的C点在O点的正下方，且到O点的距离为1.9L，不计空气阻力，求：(g10 m/s2)(1)小球通过最高点A的速度vA；(2)若小球通过最低点B时，细线对小球的拉力T恰好为小球重力的6倍，且小球通过B点时细线断裂，求小球落地点到C的距离12（20分）.如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为L10 cm，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离也是L10 cm，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示(每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是不变的)求：(1)在t0.06 s时刻，电
9、子打在荧光屏上的何处(2)荧光屏上有电子打到的区间有多长？33【物理- 选修3-3】（15分）（1）3关于各种热现象，下列说法正确的是_。A. 大气中PM2.5颗粒的运动是分子的热运动B. 液体与大气接触的表面层的分子势能比液体内部的大C. 单晶体和多晶体的物理性质都是各向异性，非晶体是各向同性D. 分子间同时存在着引力和斥力，当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小E. 在温度一定时，对某种气体，处于一定速率范围内的分子数所占百分比是确定的（2）3如图所示，内径相同的两U形玻璃管竖直放置在空气中，中间用细软管相连，左侧U形管顶端封闭，右侧U形管开口，用水银将部分气体A封闭在左侧U形管内，
10、细软管内还有一部分气体。已知环境温度恒为27，大气压强为，稳定时，A部分气体长度为，管内各液面高度差分别为、；求A部分气体的压强；现仅给A部分气体加热，当管内气体温度升高了时，A部分气体长度为21cm，求时右侧U形管液面高度差。34【物理- 选修3-4】（15分）（1）如图甲所示，沿波的传播方向上有间距均为0.1m的六个质点a、b、c、d、e、f均静止在各自的平衡位置，t=0时刻振源a从平衡位置开始沿y轴正方向做简谐振动，其振动图像如图乙所示，形成的简谐横波以0.1m/s的速度水平向右传播，则下列说法正确的是（ ）A. 这列波的周期为4sB. 04s时间内质点b运动路程为6cmC. 45s时间
11、内质点c的加速度在减小D. 6s时质点e的振动方向沿y轴正方向E. 质点d起振后的运动方向始终与质点b的运动方向相反（2）如图所示，直角玻璃三棱镜置于空气中，已知A60，C90，一束极细的单色光从AB面的D点入射，入射角为i = 45，BDL，AB = 4L，光线恰射到BC的中点，光在真空中的传播速度为c。求：（1）玻璃的折射率n ；（2）光从进入棱镜到它第一次射出棱镜所经历的时间t。答案解析1.【答案】C【解析】“质点”、“点电荷”等都是为了研究问题简单而引入的理想化的模型，在现实中是不存在的，所以它们从科学方法上来说属于理想化模型，所以C正确2.【答案】D【解析】甲在前2 s内向负方向做匀
12、减速直线运动，后2 s内向正方向做匀加速直线运动，即4 s时间内有往返运动，它通过的总路程为两个三角形的面积和，s2(23) m6 m，故A、B错误；xt图象的斜率表示速度，可知，乙在整个t4 s时间内一直沿正向运动，乙在4 s时间内从3 m运动到3 m位置，故总位移大小为6 m，故C错误，D正确3.【答案】D【解析】根据可知，做圆周运动的角速度不仅与r有关，还与线速度v有关，所以A，B均错；因为“蛟龙”属于天体自转问题，它转动的角速度与地球同步卫星相同，“神九”与同步卫星相比，根据Gm2r得“神九”的角速度较大，即“神九”的角速度大于“蛟龙”随地球自转的角速度，根据a2r得C错，D正确4.【
13、答案】D【解析】由几何知识可知弹簧的原长为R，A错误；根据向心力公式：小球过B点时，则由重力和弹簧弹力的合力提供小球的向心力，F合m，B错误；以小球和弹簧组成的系统为研究对象，在小球从A到B的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，小球重力势能减小转化为弹簧的弹性势能和动能故C错误；根据能量的转化与守恒：mgRmv2Ep得：EpmgRmv2故D正确5.【答案】B【解析】由题意知，释放后A受到向下摩擦力，根据牛顿第二定律mgsinmgcosma1，求得加速度a110 m/s2，再根据va1t10 m/s，可得：t1 s，即1 s后物体与传送带速度相等，又因为mgsinmgcos，所以
14、1 s后物体继续做加速运动，mgsinmgcosma2，解得：a22 m/s2，摩擦力为动摩擦力，故适用公式FFN，所以A错误，B正确；在第1 s内物体的位移x1vt5 m，传送带的位移x2vt10 m，故相对位移xx2x15 m，所以系统产生的热量Qmgcosx25 J，故C错误；物体增加的动能Ekmv250 J，系统提供能量EEkQmgsinx1，小于70 J，故D错误6.【答案】BC【解析】释放瞬间v0，因此空气阻力f0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kvmg，因此最大速度与其质量成正比，即vmm，故，故B正确；由于，而v1v2，故甲球质量大于乙球，故C正确；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等；故D错误7.【答案】CD【解析】根据题意可知，小车和木块间无相对滑动，两者之间的摩擦力为静摩擦力，不能用mg计算；A错误；根据牛顿第二定律可知，加速度a，木块受到的合外力F合ma，B错误；小车受到的摩擦力等于小车受到的合外力，即FfF合Ma；C、D正确8.【答案】BD【解析】在小车向右运动的过程中将受到弹簧向左的弹力作用做加速度逐
