(新课标)高考数学大一轮复习第11章第4节数学归纳法及其应用课时作业理.doc

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1、课时作业(七十四)数学归纳法及其应用一、选择题1用数学归纳法证明123n2,则当nk1时左端应在nk的基础上加上()Ak21B(k1)2C.D(k21)(k22)(k1)2答案:D解析:当nk时,左端123k2,当nk1时,左端123k2(k21)(k22)(k1)2,当nk1时,左端应在nk的基础上加上(k21)(k22)(k1)2.故应选D.2(2015岳阳模拟)用数学归纳法证明不等式1(nN*)成立,其初始值至少应取()A7B8C9D10答案:B解析:1整理得2n128,解得n7,所以初始值至少应取8.3用数学归纳法证明:“(n1)(n2)(nn)2n13(2n1)”,从“k到k1”左端

2、需增乘的代数式为()A2k1B2(2k1)C.D答案:B解析:nk1时,左端为(k2)(k3)(k1)(k1)(k1)k(k1)(k1)(k2)(k3)(kk)(2k1)(2k2)(k1)(k2)(kk)2(2k1),应乘2(2k1),故应选B.4对于不等式n1(nN*),某同学用数学归纳法证明的过程如下:(1)当n1时,11,不等式成立(2)假设当nk(kN*)时,不等式成立,即k1,则当nk1时,(k1)1,当nk1时,不等式成立,则上述证法()A过程全部正确Bn1验得不正确C归纳假设不正确D从nk到nk1的推理不正确答案:D解析:在nk1时,没有应用nk时的假设,不是数学归纳法,故应选D

3、.5(2015上海模拟)平面内有n条直线,最多可将平面分成f(n)个区域,则f(n)的表达式为()An1B2nC.Dn2n1答案:C解析:1条直线将平面分成11个区域;2条直线最多可将平面分成1(12)4(个)区域;3条直线最多可将平面分成1(123)7(个)区域;n条直线最多可将平面分成1(123n)1(个)区域故应选C.6(2015南宁模拟)已知f(n)(2n7)3n9,存在自然数m,使得对任意nN*,f(n)都能被m整除,则m的最大值为()A18B36C48D54答案:B解析:由于f(1)36,f(2)108,f(3)360都能被36整除,猜想f(n)能被36整除,即m的最大值为36.当

4、n1时,可知猜想成立假设当nk(k1,kN*)时,猜想成立,即f(k)(2k7)3k9能被36整除;当nk1时,f(k1)(2k9)3k19(2k7)3k936(k5)3k2,因此f(k1)也能被36整除,故所求m的最大值为36.二、填空题7用数学归纳法证明“2n1n2n2(nN*)”时,第一步验证为_答案:当n1时,左边4右边,不等式成立解析:由nN*可知初始值为1.8(2015徐州模拟)用数学归纳法证明“当n为正奇数时,xnyn能被xy整除”,当第二步假设nk(kN*)命题为真时,进而需证n_时,命题亦真答案:k2解析:n为正奇数,假设nk成立后,需证明的应为nk2时成立9若f(n)122

5、233(2n)2,则f(k1)与f(k)的递推关系式是_答案:f(k1)f(k)(2k1)2(2k2)2解析:f(k)1222(2k)2,f(k1)1222(2k)2(2k1)2(2k2)2;f(k1)f(k)(2k1)2(2k2)2.10用数学归纳法证明(k1),则当nk1时,左端应乘上_,这个乘上去的代数式共有因式的个数是_答案:2k1解析:因为分母的公差为2,所以乘上去的第一个因式是,最后一个是,根据等差数列通项公式可求得共有12k2k12k1项三、解答题11(2015绵阳一模)已知数列xn满足x1,xn1,nN*.猜想数列x2n的单调性,并证明你的结论解:由x1及xn1,得x2,x4,

6、x6,由x2x4x6猜想:数列x2n是递减数列下面用数学归纳法证明:当n1时,已证命题成立假设当nk时命题成立,即x2kx2k2,易知xk0,当nk1时,x2k2x2k40,即x2(k1)x2(k1)2.也就是说,当nk1时命题也成立结合和知命题成立12(2015长沙模拟)设数列an满足a13,an1a2nan2(n1,2,3,)(1)求a2,a3,a4的值,并猜想数列an的通项公式(不需证明);(2)记Sn为数列an的前n项和,试求使得Sn2n成立的最小正整数n,并给出证明解:(1)a2a2a125,a3a22a227,a4a23a329.猜想an2n1(nN*)(2)Snn22n(nN*),使得Sn2n成立的最小正整数n6.下证:当n6(nN*)时都有2nn22n.当n6时,2664,622648,6448,命题成立假设nk(k6,kN*)时,2kk22k成立,那么当nk1时,2k122k2(k22k)k22kk22kk22k32k(k1)22(k1),即nk1时,不等式成立;由可得,对于所有的n6(nN*)都有2nn22n成立4

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