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1、甘肃省武威第六中学2020届高三数学上学期第五次过关考试试题 文（含解析）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知R是实数集，或,，则 ( )A. （1，2）B. 0，2C. D. 1，2【答案】B【解析】【分析】化简集合N，然后进行交补运算即可.【详解】M（，0）（2，+）则RM0，2又Ny|y0，+）所以NRM0，20，+）0，2故选：B【点睛】本题考查了交、补集的混合运算，考查了不等式的解法，考查了无理函数值域的求法，是基础的运算题2.设为虚数单位，复数，则的共轭复数=( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】
2、【分析】直接利用复数代数形式的乘除运算化简得答案【详解】z，故选：C【点睛】本题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数的基本概念，是基础题3.已知，则向量的夹角为A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据条件求出，然后再根据数量积定义求解可得两向量的夹角【详解】，又，设向量夹角为，则，又，故选C【点睛】求两向量的夹角时应先求出两向量的数量积，然后再根据公式求解，但在解题中要注意两向量夹角的取值范围，否则出现错误4.下列命题中，真命题是（ ）A. B. C. 若，则D. 是的充分不必要条件【答案】D【解析】【详解】因，故,所以是的充分条件.反之,若, 时就不成立,是的充分不必要条件,故
3、应选D.5.已知m，n是两条不同直线，a ，b ，g 是三个不同平面，下列命题中正确的是( )A. 若ma ，na ，则mnB. 若ma ，na ，则mnC. 若a g ，b g ，则a b D. 若ma ，mb ，则a b 【答案】B【解析】【分析】A根据线面平行的性质判断B利用线面垂直的性质判断C利用面面垂直的性质定理判断D利用线面平行和面面平行的判定定理判断【详解】解：A平行于同一平面的两条直线不一定平行，可能相交，可能异面，A错误B垂直于同一平面的两条直线平行，B正确C垂直于同一平面的两个平面不一定平行，可能相交，C错误D平行于同一条直线的两个平面的不一定平行，可能相交，D错误故选：B
4、【点睛】本题主要考查空间直线和平面平行或垂直的位置关系的判断，要求熟练掌握相应的判定定理和性质定理6.将函数的图象向右平移个单位长度，则平移后的图象对称中心为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据三角函数的图象平移关系求出函数的解析式，结合函数的对称性进行求解即可【详解】解：将函数ysin（2x）的图象向右平移个单位长度，得ysin2（x）sin（2x）sin（2x），由2xk，得x，即对称中心为（，0），kZ，故选：C【点睛】本题主要考查三角函数的图象和性质，根据平移关系求出函数的解析式是解决本题的关键7.设x，y满足约束条件则z2xy的最小值是（ ）A. 15B. 9C
5、. 1D. 9【答案】A【解析】【分析】先作可行域，再根据目标函数所表示的直线，结合图象确定最优解.【详解】作出不等式组表示的可行域，结合目标函数的几何意义得函数在点B(6，3)处取得最小值zmin12315.故选A【点睛】本题考查利用可行域求最值，考查数形结合思想方法以及基本分析求解能力，属基础题.8.榫卯（）是我国古代工匠极为精巧的发明，它是在两个构件上采用凹凸部位相结合的一种连接方式. 我国的北京紫禁城，山西悬空寺，福建宁德的廊桥等建筑都用到了榫卯结构. 图中网格小正方形的边长为1，粗实线画出的是一种榫卯构件中榫的三视图，则其体积与表面积分别为A. B. C. D. 【答案】C【解析】由
6、三视图可知，这榫卯构件中榫由一个长方体和一个圆柱拼接而成，故其体积，表面积，故选C.【方法点睛】本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响.9.若函数在区间上单调递增，且，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】先求得复合函数f（x）的增区间为（，2），可得a2，再结合cb0，可得a、b、c的大小关系【详解】解：令2+xx2
7、0，求得1x2，可得函数f（x）log0.2（2+xx2）的定义域为（1，2）结合二次函数的性质、复合函数的单调性可得f（x）的增区间为（，2），减区间为（1，）又函数f（x）在区间（a，a+1）上单调递增，a，且a+12，求得a1又bf（）0，cf（）b，cba，故选：A【点睛】本题主要考查二次函数、对数函数的定义域和单调性，复合函数的单调性规律，属于中档题10.若某正四面体内切球的体积为，则正四面体外接球的表面积为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】首先求出内切球的半径，进一步利用球的接与切，求出三棱锥的棱长，最后确定外接球的半径，进一步求出球的表面积【详解】解：如图所示
8、由于正四面体的内切球体积为，所以：，解得：r1设正四面体的棱长为2x，即：ABBCCDBDAD2x，所以：FD，利用勾股定理：，所以：在直角三角形AEO中，AE2+OE2AO2，即：，解得：x，所以：AF，则：AO413，即外接球的半径为3，所以S43236故选：C【点睛】本题考查的知识要点：三棱锥的外接球与内切球的关系，球的体积和表面积的公式的应用11.已知等差数列的前项和为，则取最大值时的为A. 4B. 5C. 6D. 4或5【答案】B【解析】由为等差数列，所以，即，由，所以，令，即，所以取最大值时的为，故选B12.设，当时，恒成立，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】
9、D【解析】【分析】根据题意，分析可得函数f（x）为奇函数且在R为增函数，进而f（msin）+f（1m）0恒成立可以转化为msinm1，对的值分情况讨论，求出m的取值范围，综合即可得答案【详解】解：根据题意，f（x）2xsinx，有f（x）2（x）sin（x）（2xsinx）f（x），则函数f（x）为奇函数，又由f（x）2xsinx，则f（x）2cosx0，则函数f（x）在R上为增函数，若f（msin）+f（1m）0恒成立，则有f（msin）f（1m）即f（msin）f（m1）恒成立，而函数f（x）为增函数，则有msinm1，若，则sin1，此时msinm1恒成立；若0时，此时msinm1转化为
10、m，分析可得m1，综合可得：m的取值范围是（，1）；故选：D【点睛】本题考查函数的单调性与奇偶性的综合应用，涉及函数的恒成立问题，属于中档题二、填空题:本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题纸上.13.等比数列an中，若，则_【答案】135【解析】【分析】根据等比数列an的性质可知，S2，S4S2，S6S4，S8S6成等比数列，进而根据a1+a2和a3+a4的值求得此新数列的首项和公比，进而利用等比数列的通项公式求得S8S6的值【详解】解：利用等比数列an的性质有S2，S4S2，S6S4，S8S6成等比数列，S240，S4S2a3+a460，则S6S490，S8S6135故a7+
11、a8S8S6135故答案为：135【点睛】本题主要考查等比数列的定义和性质，利用了 S2、S4S2、S6S4、S8S6 也成等比数列，属于中档题14.若,则的值为_.【答案】【解析】分析：首先将题中条件应用和角公式展开，求得，结合式子的特征，将其平方，借同角正余弦平方和等于1从而求得的值，即的值.详解：根据，可知，可知，即，故答案是.点睛：该题所考查的知识点有余弦的和角公式，以及两者和、差、积是知一求二的，再结合正弦倍角公式从而求得结果，在求解时需要做的就是平方运算.15.在中，对边分别为若，则_【答案】或【解析】【分析】直接利用正弦定理和三角形的三边关系求出结果【详解】ABC中，A、B、C对
12、边分别为a、b、c，若a8，b6，sinB，则直接利用正弦定理：，解得：，由于：0A，所以：A或，由于，所以：，由于ab，所以：AB故A或，故答案为： 或点睛】本题考查的知识要点：正弦定理的应用，三角形三边关系的应用16.函数满足，且在区间上，则的值为_【答案】【解析】分析：先根据函数周期将自变量转化到已知区间，代入对应函数解析式求值，再代入对应函数解析式求结果.详解：由得函数的周期为4，所以因此点睛：(1)求分段函数的函数值，要先确定要求值的自变量属于哪一段区间，然后代入该段的解析式求值，当出现的形式时，应从内到外依次求值.(2)求某条件下自变量的值，先假设所求的值在分段函数定义区间的各段上
13、，然后求出相应自变量的值，切记代入检验，看所求的自变量的值是否满足相应段自变量的取值范围. 三、解答题：共70分.解答应按要求写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知公差不为0的等差数列的首项且成等比数列.（1）求数列的通项公式;（2）设是数列的前项和,求使成立的最大的正整数.【答案】（），（）.【解析】试题分析：（1）设数列的公差为，由 ，成等比数列，得，解得. 从而求得.（2）由（1）， 得 ，解得. 故最大的正整数.试题解析：（）设数列的公差为，则，.由 ，成等比数列，得， 即，得（舍去）或. 所以数列的通项公式为，.（）因为， 所以 .由，即，得. 所以使成立的最大的正整数.18.如图，在三棱锥ABCD中，ABAD，BCBD，平面ABD平面BCD，点E，F(E与A，D不重合)分别在棱AD，BD上，且EFAD.求证：(1)EF平面ABC；(2)ADAC.【答案】（1）见解析（2）见解析【解析】试题分析：（1）先由平面几何知识证明，再由线面平行判定定理得结论；（2）先由面面垂直性质定理得平面，则，再由ABAD及线面垂直判定定理得AD平面ABC，即可得ADAC试题解析：证明：（1）在平面内，因为ABAD，所以.又因为平面ABC，平面ABC，所以EF平面ABC.（2）因为平面ABD平面BCD，平面平面BCD=BD， 平面BCD，所以平面.因为平
