《四川省成都市2019届高三第二次诊断性模拟测试化学试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省成都市2019届高三第二次诊断性模拟测试化学试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、成都石室中学高2019届第二次诊断性考试模拟试卷理科综合能力测试化学试题可能用到的相对原子质量H-1 B-11 N-14 O-16 P31 I-127第卷(选择题 共126分)一、单项选择题：本题共13小题，每小题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。1.世界大学生夏季运动会是规模仅次于夏季奥运会的世界级综合性运动会。2021年第31届世大运将在成都举办。“绿色”是成都的城市发展理念，也是世大运的组织理念。下面有关说法不正确的是A. 成都市目前推广使用的清洁燃料压缩天然气(CNG)和液化石油气(LPG)的主要成分均是烃类B. 兴建世大运场馆所用到的金属材料中可能含
2、有非金属元素C. “绿色化学”的核心是应用化学原理对环境污染进行治理D. 新能源汽车的使用有助于减少氮氧化合物的排放【答案】C【解析】【详解】A压缩天然气(CNG)类的主要成分是甲烷，液化石油气(LPG)类的成分是丙烷、丁烷等，所以这两类燃料的主要成分都是烃类，故A正确；B. 金属材料包括纯金属材料和合金材料，金属材料中也可能含有非金属元素，如生铁中含有碳元素，故B正确；C、“绿色化学”的核心就是要利用化学原理从源头消除污染，不是用化学原理对环境污染进行治理，故C错误；D新能源汽车的推广和使用，可以减少氮的氧化物的排放，有助于减少光化学烟雾的产生，故D正确；答案选C。2.关于NA下列说法正确的
3、是A. 常温常压下，17g羟基(18OH)所含中子数为9NAB. 0.1mol NH3溶于水形成的溶液中，微粒NH3H2O和微粒NH4+的数目之和为0.1NAC. 常温下电解饱和食盐水，当溶液pH值由7变为12时，电路中转移的电子数为0.01NAD. 标准状况下，足量的甲烷与22.4LCl2（假设氯气完全反应）在光照条件下发生取代反应，形成CCl键的数目为NA【答案】D【解析】【详解】A. 17g羟基(18OH)的物质的量= =mol，一个-18OH含有10个中子，所含中子为10 mol= mol，故A错误；B. NH3溶于水，发生NH3 + H2O NH3H2ONH4+OH，根据物料守恒，0
4、.1mol NH3溶于水形成的溶液中存在NH3、NH3H2O、NH4+，微粒NH3H2O和微粒NH4+的数目之和小于0.1NA，故B错误；C. 溶液体积不明确，故溶液中放电的氢离子的物质的量无法计算，则转移的电子数无法计算，故C错误；D. 标准状况下，22.4LCl2的物质的量为1mol，足量的甲烷与1molCl2（假设氯气完全反应）在光照条件下发生取代反应，每取代一个H，就会形成一个CCl键和一个HCl键，故该反应生成4种取代产物（共1mol）和1molHCl，形成1molCCl键，数目为NA，故D正确；答案选D。【点睛】本题的易错点为BD，B中要注意根据氨气溶于水的一系列反应都是可逆反应判
5、断出氨水中的含N微粒；D中要注意甲烷与Cl2在光照条件下发生取代反应，断开的Cl-Cl键的数目与形成的CCl键数目、断开的CH键数目、形成的HCl键数目均相等。3.用如图所示装置(夹持已装置省略)进行下列实验，能得出相应实验结论的是选项实验结论A稀硫酸Na2SAgNO3与AgCl的浊液Ksp(AgCl)Ksp(Ag2S)B浓硫酸蔗糖溴水浓硫酸具有脱水性、氧化性C稀硫酸Na2CO3CaCl2溶液CO2可与氯化钙反应D浓硝酸Na2CO3Na2SiO3溶液酸性：硝酸碳酸硅酸A. AB. BC. CD. D【答案】B【解析】【详解】A稀硫酸与硫化钠反应生成的硫化氢气体通入AgNO3与AgCl的浊液中，
6、可以看到生成黑色沉淀，因为浊液中有硝酸银电离的银离子，当Qc(Ag2S)Ksp(Ag2S)，生成Ag2S沉淀，可发生沉淀的生成，不能说明发生了氯化银沉淀的转化，则不能比较溶度积Ksp(AgCl)和Ksp(Ag2S)的大小，故A错误；B浓硫酸使蔗糖变黑证明其具有脱水性；反应生成的气体可以使溴水褪色，证明浓硫酸有强氧化性、可被还原生成二氧化硫，故B可以得到相应的结论；C稀硫酸与Na2CO3反应生成二氧化碳，二氧化碳通入CaCl2溶液中没有明显现象（没有沉淀生成），证明CO2不与氯化钙发生反应，故C错误；D浓硝酸与碳酸钠反应生成二氧化碳，但浓硝酸易挥发，硝酸、碳酸均可与硅酸钠溶液反应生成硅酸沉淀，则
7、不能比较碳酸与硅酸的酸性，应排除硝酸的干扰，故D错误；答案选B。4.工业上由乙苯生产苯乙烯的反应如下，有关说法正确的是A. 该反应的类型为取代反应B. 可用溴水鉴别乙苯和苯乙烯C. 乙苯分子中所有原子可能在同一平面D. 比乙苯多一个碳原子的同系物R的同分异构体(包含R)共有4种【答案】B【解析】【分析】由乙苯生产苯乙烯，H原子减少，为消去反应，苯环、碳碳双键为平面结构，苯乙烯中含碳碳双键具有烯烃的性质，据此分析解答。【详解】A反应生成碳碳双键，为消去反应，故A错误；B苯乙烯含有碳碳双键，可与溴水反应，而乙苯不反应，可鉴别，故B正确；C. 乙苯分子中存在饱和碳原子-CH3、和-CH2-，所有原子
8、不可能在同一平面，故C错误；D. 比乙苯多一个碳原子的同系物R的化学式为C9H12，其中含有苯环结构，剩余的结构可能有：有1个侧链为丙基或异丙基2种同分异构体；有2个侧链为1个甲基和1个乙基，存在3种同分异构体；有3个侧链为3个甲基，有3种同分异构体，共8种同分异构体，故D错误；答案选B。【点睛】本题的易错点为C，由于甲烷是四面体结构，有机物分子中只要含有饱和碳原子(包括：-CH3、-CH2-、)中的一种，分子中的所有原子就不可能处于同一平面内。5.W、X、Y、Z是原子序数依次增大的四种短周期非金属主族元素，q、r、s、h是这些元素形成的物质，其中h是离子化合物，q是制太阳能电池的主要原料，s
9、常温下呈气态且其水溶液显碱性，r为二元化合物,其浓溶液在空气中易形成白雾。下列说法正确的是（ ）A. Y与X属于同一主族,与Z属于同一周期B. 单质的沸点：XZC. 常温常压下,W的氧化物为液态D. X的氧化物均能用向上排空气法收集【答案】C【解析】试题分析：W、X、Y、Z是原子序数依次增大的四种短周期非金属主族元素，q、r、s、h是这些元素形成的物质， q是制太阳能电池的主要原料，则q为硅；s常温下呈气态且其水溶液显碱性，则s为氨气；r为二元化合物,其浓溶液在空气中易形成白雾，则r为氯化氢。所以，W、X、Y、Z分别是H、N、Si、Cl。h是离子化合物，则h为氯化铵。A. Y与X属于不同的主族
10、，A不正确； B. 氯气易液化，而氮气不易液化，所以单质的沸点X YD. 已知NaHS呈碱性，若向溶液中加入CuSO4溶液至恰好完全反应，所得溶液呈强酸性。其原因是Cu2HS=CuSH【答案】A【解析】【分析】向等物质的量浓度Na2S、NaOH混合溶液中滴加稀盐酸，盐酸和氢氧化钠先反应，然后和硫化钠反应，A表示含硫微粒浓度减小为S2-，B先增加后减少为HS-，C浓度一直在增加为H2S，据此分析解答。【详解】A当滴加盐酸至X点时，c(HS)=c(S2-)，所以Ka2=c(H+)，由X点处的pH，可以计算Ka2(H2S)，不能计算Ka1(H2S)，故A错误；B向等物质的量浓度Na2S、NaOH混合
11、溶液中滴加稀盐酸，设Na2S、NaOH各为1mol，则n(Na)=3n(S)，溶液中含硫的微粒为HS-、S2-、H2S，则c(Na+)=3c(H2S)+c(HS-)+c(S2-)，故B正确；C. X点对应溶液中含有等物质的量浓度的Na2S、NaHS、NaCl；Y点对应溶液中含有等物质的量浓度的NaHS、H2S、NaCl。Na2S和NaHS都能水解，水解促进水的电离；H2S的电离抑制了水的电离。因此溶液中水的电离程度大小关系为：X Y，故C正确；DNaHS溶液中加入CuSO4溶液后溶液的酸性变强，说明发生了反应Cu2+HS- =CuS+H+，故D正确；答案选A。8.砂质土壤分析中常用 Karl
12、Fischer法是测定其中微量水含量，该方法是利用I2和SO2反应定量消耗水作为原理(假设土壤中其他成分不参加反应)，据此回答下列问题：(1)写出该反应的化学反应方程式：_。步骤I：反应样品中的水下图是某同学在实验室模拟Karl Fischer法的实验装置图：(2)装置连接的顺序为a_(填接口字母顺序)；M仪器的名称为_，其在实验过程中的作用是：_；(3)操作步骤为：连接装置并检查装置气密性，装入药品，_；关闭弹簧夹，打开分液漏斗活塞；反应结束后，关闭分液漏斗活塞，继续通入N2，取下D装置，步骤中继续通入N2的目的是_步骤 II：测定剩余的碘向反应后的D装置加入蒸馏水，过滤，充分洗涤，并合并洗涤液和滤液，将其配成250.00mL溶液，取25.00mL用0.20molL-1 Na2S2O3标准液滴定剩余的I2单质，已知反应如下：2S2O32+I2=S4O62+2I。(4)Na2S2O3标准液应装在_(填“酸式”、“碱式”)滴定管中；上述操作中，合并洗涤液和滤液的目的是_
