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1、山东省聊城市第四中学2020届高三物理总复习 交流电 变压器 远距离输电周末测试 1理想变压器的原线圈的匝数为110匝，副线圈匝数为660匝，若原线圈接在6 V的电池上，则副线圈两端电压为 （ ）A.36 VB.6 V C.1 VD.0 V2当理想变压器副线圈空载时，副线圈的 （ ）A.负载电阻为0 B.输出电流为0C.两端电压为0 D.输出功率为03远距离输送一定功率的交变电流，若输电电压提高到原来的n倍，则下列说法中正确的是 （ ）A输电线上的电流变为原来的n倍B输电线上的电压损失变为原来的1/n2C输电线上的电功率损失变为原来的1/nD若输电线上的电功率损失不变，输电线路长度可变为原来的
2、n2倍4一台理想变压器原、副线圈匝数比为221，当原线圈两端输入u1=220sin314t V的交变电压时，下列说法正确的是 （ ）A.副线圈两端电压为10 VB.副线圈接一10 电阻时，原线圈中的电流为1 AC.副线圈接一10 电阻时，原线圈中输入功率为10 WD.变压器铁芯中磁通量变化率的最大值是220 V5一理想变压器原线圈接交流、副线圈接电阻，下列哪些方法可使输入功率增加为原来的2倍 （ ）A.次级线圈的匝数增加为原来的2倍B.初级线圈的匝数增加为原来的2倍C.负载电阻变为原来的2倍D.副线圈匝数和负载电阻均变为原来的2倍6下列关于减小远距离输电导线上热损耗的说法中，正确的是 （ ）A
3、因为热功率P=，所以应降低输送电压，增大输电导线电阻，才能减小输电导线上的热损耗B因为热功率P=IU，所以应采用低电压、小电流输电，才能减小输电导线上的热损耗C因为热功率P=I2R，所以可采用减小输电线电阻或减小输送电流的方法来减小输电导线上的热损耗D以上说法均不正确7用理想变压器给负载R供电，下列哪些办法可以减小变压器原线圈中的电流 （ ）A增加原线圈的匝数B增加副线圈的匝数C减小负载电阻R的数值D增加负载电阻R的数值8在电工和电子技术中使用的扼流圈有两种：低频扼流圈和高频扼流圈。它们的区别在于（ ）A低频扼流圈的自感系数较大B高频扼流圈的自感系数较大C低频扼流圈的能有效地阻碍低频交变电流，
4、但不能阻碍高频交变电流D高频扼流圈的能有效地阻碍高频交变电流，但对低频交变电流阻碍作用小9如图所示，理想变压器的输入端接正弦交流电，副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2；输电线的等效电阻为R，开始时，电键K断开。当K接通时，以下说法中正确的是 （ ）A副线圈的两端M、N的输出电压减小B副线圈输电线等效电阻R上的电压增大C通过灯泡L1的电流减小D原线圈中的电流增大10在图所示的电路中，理想变压器的变压比为21，四个灯泡完全相同，若已知灯泡L3和L4恰能正常工作，那么 （ ）A. L1和L2都能正常工作B.L1和L2都不能正常工作C.L1和L2中只有一个能正常工作D.条件不足，无法判断n
5、2 Ln3 R220Vn111. 理想变压器初级线圈和两个次级线圈的匝数分别为n1=1760匝、n2=288匝、n3=800 0匝，电源电压为U1=220V。n2上连接的灯泡的实际功率为36W，测得初级线圈的电流为I1=0.3A，则通过n3的负载R的电流I3=12某发电厂输出的交变电流的频率为50Hz ，则它的发电机线圈的转速为 转/分；用伏特表去测量，发电机两端的读数为250V ，则该交变电压的峰值为 V。13一个n匝矩形线圈，电阻为R ，所围成的面积为S ，在磁感强度为B的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以角速度匀速转动。从线圈平面垂直磁场的位置开始转过90的过程中，线圈产生的平均感应电动势为
6、，此过程线圈中产生的热量为 。14一理想变压器，输出端接一个标示有“12V，6W”字样的灯泡时，恰好正常发光，而此时测得原线圈电流为200mA ，则此变压器得原、副线圈匝数比n1/n2 = ，原、副线圈中磁通量的变化率之比为 。15.学校有一台应急备用发电机，内阻为r=1，升压变压器匝数比为14，降压变压器的匝数比为41，输电线的总电阻为R=4，全校22个教室，每个教室用“220V，40W”的灯6盏，要求所有灯都正常发光，则：发电机的输出功率多大？发电机的电动势多大？输电线上损耗的电功率多大？abcdOO16.如图所示，正方形线圈abcd绕对称轴OO在匀强磁场中匀速转动，转数n=120转/分，
7、若已知ab=20厘米，匝数N=20，磁感应强度B=0.2T，线圈电阻为R=0.5，求：转动过程中的最大电动势及位置从图示位置转过90过程中的平均电动势从图示位置转过90过程中通过导线某截面的电量。从图示位置转过60时线圈中的感应电动势交流电、变压器、远距离输电周末测试答案卷题号12345678910答案11. 12. 13. 14.15解：16解：交流电、变压器、远距离输电周末测试参考答案1.D解析：因为电池是稳恒直流电源。2.BD3.D解析：P=UI，当U变为n倍时，I变为原来的；电压降：U=R线；电功率损失：P损=（）2R线 输电线电阻R=，当l变为n2倍时，电阻增大n2倍，由式知P损不变
8、。4.C解析：原线圈两端的电压为U1=220 V，由变压器的变压比=得副线圈两端电压为U2=10 V，副线圈接一10 电阻，副线圈中电流I2=1 A，电功率P2=U2I2=10 W，原线圈输入功率也为10 W；由变压器的变流比得I1= A，铁芯中磁通量的变化率最大值为，由于具体的匝数未知，所以磁通量变化率的最大值未知.5. D解析：变压器的输入功率由输出功率决定，即P入=P出，输出功率P出=，U增大为原来的2倍，负载电阻也变为原来的2倍时，P出为原来2倍。6. C解析：不能盲目看公式，要注意其物理意义的表达，在求热损耗时：P损=I线2R线或用P热=U线I线，也可用P=，但U必须为输电线两端的电
9、压.7. AD解析：根据，P入=P出，即I1U1=I2U2，I2=得变压器原线圈中的电流I1=，即输入电流与n1、n2、U1、R都有关系，U1不变，要减小I1，需增大R的阻值，或增加原线圈匝数n1，或减小副线圈匝数n2.8.AD9.BCD10. A解析：根据电流与线圈匝数的关系进行分析，由于副线圈两端并联着两个相同的灯泡L3、L4，每个灯泡正常工作时的实际电流都等于额定电流，因此副线圈 中的电流等于一个灯泡额定电流的两倍；根据原、副线圈的电流与匝数成反比，可知原线圈中的电流等于副线圈中电流的二分之一，即恰好等于灯泡L1、L2的额定电流，从而判定：L1、L2都能正常发光.11.解：由于两个次级线
10、圈都在工作，所以不能用I1/n，而应该用P1=P2+P3和Un。由Un可求得U2=36V，U3=1000V；由U1I1=U2I2+U3I3和I2=1A可得I3=0.03A。12.3000转/分， 250V13. 1452 ；1115.解：所有灯都正常工作的总功率为22640=5280W，用电器总电流为A，输电线上的电流A，降压变压器上：U2=4U2/=880V，输电线上的电压损失为：Ur=IRR=24V ，因此升压变压器的输出电压为U1/=UR+U2=904V，输入电压为U1=U1/4=226V，输入电流为I1=4I1/=24A，所以发电机输出功率为P出=U1I1=5424W发电机的电动势E=U1+I1r=250V输电线上损耗的电功率PR=IR2R=144W16.0.64v=2V，线圈平面与磁场平行位置（如图所示位置）；1.28V，0.32C=1V
