《山东省济宁市2020届高三物理二模试题（含解析）（通用）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省济宁市2020届高三物理二模试题（含解析）（通用）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020年山东省济宁市高考物理二调试卷 一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1.2020年4月21日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第44颗北斗导航卫星。若组成北斗导航系统的这些卫星在不同高度的轨道上都绕地球做匀速圆周运动，其中低轨卫星离地高度低于同步卫星。关于这些卫星，下列说法正确的是（）A. 低轨卫星的环绕速率可能大于7.9km/sB. 地球同步卫星可以固定对一个区域拍照C. 低轨卫星和地球同步卫星可能具有相同
2、的速率D. 低轨卫星和地球同步卫星可能具有相同的周期【答案】B【解析】【详解】A、根据万有引力提供向心力得，可知轨道越大，速度越小，低轨卫星轨道半径大于近地卫星的半径，故低轨卫星的环绕速率小于7.9km/s，故A错误；B、同步卫星的周期与地球的周期相同，相对地球静止，可以固定对一个区域拍照，故B正确；C、根据万有引力提供向心力得，可知轨道越大，速度越小，低轨卫星离地高度低于同步卫星，故低轨卫星的环绕速率大于同步卫星，故C错误；D、根据开普勒第三定律可知，低轨卫星小于地球同步卫星的周期，故D错误2.如图所示，抖空竹是大家喜欢的一项运动。假设空竹光滑，软线质量不计，若表演者左手保持不动，在右手完成
3、下面动作时，下列说法正确的是（）A. 右手竖直向下缓慢移动的过程中，软线的拉力增大B. 右手竖直向上缓慢移动的过程中，软线的拉力减小C. 右手水平向右缓慢移动的过程中，软线的拉力增大D. 右手水平向右缓慢移动的过程中，软线的拉力减小【答案】C【解析】【详解】AB、如图所示，开始时两个绳子是对称，与竖直方向夹角是相等的。左手不动，右手竖直向下，或向上移动一小段距离，两只手之间的水平距离L不变；假设绳子的长度为X，则XsinL，绳子一端在上下移动的时候，绳子的长度不变，两手之间的距离不变，则角度不变；两个绳子的合力向上，大小等于空竹的重力，由于夹角不变，所以绳子的拉力不变；故AB错误；CD、左手不
4、动，右手水平向右移动一小段距离，绳子与竖直方向的夹角变大，合力不变，根据2Tcosmg可知，拉力大小变大，故C正确，D错误；3.如图甲所示，理想变压器原线圈的匝数n1、副线圈的匝数n2均可调节。原线圈两端接如图乙所示的交流电，副线圈接负载电阻R和理想交流电流表A，下列说法正确的是（）A. 增大n1，其它条件不变，变压器的输出电压变大B. 增大n2，其他条件不变，电流表的示数变小C. 增大R，其它条件不变，变压器的输入功率变大D. 原线圈所接交流电电压的瞬时值表达式u220sin100t（V）【答案】D【解析】【详解】A、根据电压与匝数成正比，增大n1，其它条件不变，变压器的输出电压减小，故A错
5、误；B、根据电压与匝数成正比，增大n2，其它条件不变，变压器的输出电压增大，根据欧姆定律可知，电流表的示数变大，故B错误；C、增大R，其它条件不变，则输出功率：P 可知减小，变压器的输入功率等于输出功率，也减小，故C错误；D、根据图乙知原线圈所接交流电的瞬时值表达式u220sin100t（V），故D正确。4.如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A. A的速率大于B的速率B. A的向心加速度大于B的向心加速度C. 缆绳对A的拉力大于缆绳对B的拉力D. 悬挂A缆绳与竖直方向
6、的夹角小于悬挂B的缆绳与竖直方向的夹角【答案】D【解析】【详解】AB两个座椅具有相同的角速度。A、根据公式：vr，A的运动半径小，A的速率就小。故A错误；B、根据公式：a2r，A的运动半径小，A的向心加速度就小，故B错误；C、如图，对任一座椅，受力如图，A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故C错误。D、由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，则得：mgtanm2r，则得tan，A的半径r较小，相等，可知A与竖直方向夹角较小，故D正确。5.如图甲所示，一矩形金属线框abcd垂直匀强磁场并固定于磁场中，以垂直纸面向里为磁场正方向，磁感应强度B随时间t的变化关系图象如图乙所示，规定向
7、右为安培力的正方向，则线框的ab边所受安培力Fab随时间t变化的图象正确的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】01s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针，根据I，电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向右，由FBIL知，安培力均匀增大；12s内，由楞次定律知，感应电流的方向为顺时针，根据I，电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向左，由FBIL知，安培力均匀减小；23s内，由楞次定律知，感应电流的方向为顺时针，根据I，电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向右，由FBIL知，安培力均匀增大；34s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针，根
8、据I，电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向左，由FBIL知，安培力均匀减小；故A正确。6.用如图所示的装置研究光电效应现象，用光子能量为2.85eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零，移动变阻器的触点c，发现电压表的示数大于或等于1.70V时，电流表示数为0，则下列说法正确的是（）A. 光电管阴极的逸出功为1.15eVB. 开关S断开后，电流表G中无电流流过C. 当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，电流增大D. 改用能量为1.60eV光子照射，移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流【答案】AD【解析】【详解】A、该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表
9、的示数大于或等于1.70V时，电流表示数为0，知道光电子的最大初动能为1.70eV，根据光电效应方程EKmhW0，解得：W01.15eV故A正确；B、电键S断开后，用光子能量为2.75eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，有光电子逸出，则有电流流过电流表，故B错误；C、当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，则到达集电极的电子的数目减小，电流减小。故C错误；D、改用能量为1.60eV的光子照射时，由于1.60eV的光子的能量值大于该金属的逸出功，所以移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流。故D正确。7.三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均
10、为现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度同时沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，取0.6，下列说法正确的是（）A. 物块A先到达传送带底端B. 物块A，B同时到达传送带底端C. 传送带对物块A做正功，对物块B做负功D. 物块A在传送带上的划痕长度小于物块B在传送带上的划痕长度【答案】BD【解析】【详解】A、B、对A，因为mgsin37mgcos37，则A物体所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度相等，位移相等，则运动的时间相等。故A错误，B正确；C、传送带对A的摩擦力方向始终与速度方向
11、相反，摩擦力做负功。故C错误。D、对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由牛顿第二定律得：，得a2m/s2，由运动学公式得运动时间分别为：t1s。所以皮带运动的位移为xvt1m。所以A对皮带的划痕为：x12m1m1m，对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带 的划痕为x23m。故D正确。8.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一个矩形的四个顶点，电场方向平行于矩形平面。已知A点的电势是25V，B点的电势是16V，D点的电势是9V，且AB3cm，BC4cm，P为BC中点，下列说法正确的是（）A. 电场强度的大小为100V/mB. C点的电势为0VC.
12、 电子从C点运动到D点，电场力做功为9eVD. 电子从P点沿PD方向射出将做直线运动（不计电子重力）【答案】BC【解析】【详解】AB由题可得A、B两点的电势差为UABAB25V16V9V，由于AB与DC平行且等长，根据在匀强电场中两平行线段两端的电势差之比等于线段长度之比，可知UDCDC9V，从而可得C点电势为0V，将BC分成8等分，从C往B的第3等分(N)电势为6V，将CD分成3等分，从C往D的第2等分(M)电势也为6V，如图由几何关系，过C点作MN的垂线，即为电场线（即为AC），所以，故A错误，B正确；C根据WUq可得电子从C点运动到D点，电场力做功为，故C正确；D电子从P点沿PD方向射出
13、时，速度方向不沿电场方向，则电子不做直线运动，故D错误。9.在“验证动量守恒定律“的实验中，已有的实验器材有：斜槽轨道、大小相等质量不同的两个小球、重锤线、白纸、复写纸、天平、刻度尺、圆规。实验装置及实验中小球运动轨迹及落点的情况简图如图所示。试根据实验要求完成下列填空：（1）为了保证在碰撞过程中a球不反弹，a、b两球的质量m1、m2间的关系是m1_m2（选填“”，“”或“”）（2）完成本实验，必须测量的物理量有_A小球a开始释放点到斜槽末端的高度差hB轨道末端与水平地面的高度差HCa球和b球质量m1、m2DO点到M、P、N三点的距离x1、x2、x3（3）若（2）所给选项的物理量均已知，如果满
14、足条件_（用测量的物理量表示），则表示两小球碰撞过程中动量守恒。【答案】 (1). (2). CD (3). m1x2m1x1+m2x3【解析】【详解】（1）根据弹性碰撞公式可知，只有入射球的质量大于被碰球的质量，弹性碰撞后才不会反弹；（2、3）因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，x2是a球不与b球碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表a球碰撞前的速度，x1是a球碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后A球的速度，x3是碰撞后b球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B球的速度，由动量守恒的将初速度的表达式代入得到：m1v0m1v1+m2v2，即只需要验证m1x2m1x1+m2x3；故需要
15、测量的物理量有a球和b球的质量m1、m2和O点到M、P、N三点的距离x1、x2、x3；10.某同学在实验室做“测定电源电动势和内阻”的实验时，发现实验桌上还有一个定值电阻R于是设计了如图甲所示的电路来测量电源电动势E、内阻r和定值电阻R的阻值。（1）该同学根据甲图将滑动变阻器的滑片P移动到某位置时记下电表V1、V2、A的读数分别为U1、U2、I，可根据此组数据求出定值电阻R0_（用测得的U1、U2、I表示），若实验中的所有操作和数据处理无错误，用该方法测得的R0值_（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。（2）该同学根据记录的U1、U2、I的一系列值，作出了如图乙所示的A、B两条图线U1I图线是图乙中的_（填“A”或“B”）图线，由图乙中数据可知电动势E_V，内电阻r_，定值电阻R0_【答案】 (1). (2). 大于 (3). B (4). 3.0
