《（江苏专用）2020高考物理一轮复习 第4章 曲线运动 万有引力与航天 能力课时6 天体运动中的四大难点（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（江苏专用）2020高考物理一轮复习 第4章 曲线运动 万有引力与航天 能力课时6 天体运动中的四大难点（含解析）（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、能力课时6天体运动中的“四大难点” 一、单项选择题1一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后做匀速圆周运动，动能减小为原来的，不考虑卫星质量的变化，则变轨前后卫星的()A向心加速度大小之比为41B角速度大小之比为21C周期之比为18D轨道半径之比为12解析由m可得v，卫星动能减小为原来的，速度减小为原来的，则轨道半径增加到原来的4倍，故D错误；由an可知向心加速度减小为原来的，故A错误；由可知，角速度减小为原来的，故B错误；由周期与角速度成反比可知，周期增大到原来的8倍，故C正确。答案C2.(2020湖南师范大学附属中学月考)北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功
2、能。如图1所示，北斗导航系统中的两颗工作卫星均绕地心做匀速圆周运动，且轨道半径均为r，某时刻工作卫星1、2分别位于轨道上的A、B两个位置，若两卫星均沿顺时针方向运行，地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力，下列判断正确的是()图1A这两颗卫星的加速度大小相等，均为B卫星1由A位置运动到B位置所需的时间是C卫星1由A位置运动到B位置的过程中万有引力做正功D卫星1向后喷气就一定能够追上卫星2解析根据F合ma，对卫星有Gma，可得a，取地面一物体由Gmg，联立解得a，故A错误；根据Gmr，得T，又tT，联立可解得t，故B正确；卫星1由位置A运动到位置B的过程中，由于万有引力方
3、向始终与速度方向垂直，故万有引力不做功，C错误；若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动，所以卫星1不可能追上卫星2，D错误。答案B3. (2020安徽滁州中学期末)太空行走又称为出舱活动。狭义的太空行走即指航天员离开载人航天器乘员舱，只身进入太空的出舱活动。假设某宇航员出舱离开飞船后身上的速度计显示其对地心的速度为v，该航天员从离开舱门到结束太空行走所用时间为t，已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，则()图2A航天员在太空行走时可模仿游泳向后划着前进B该航天员在太空“走”的路程估计只有几米C该航天员离地高度为RD该航天员的加速度为解析由于太空没有空气，因此航天员在太空中
4、行走时，无法模仿游泳向后划着前进，选项A错误；航天员在太空行走的路程是以速度v运动的路程，即为vt，选项B错误；由Gmg和Gm，得hR，选项C正确；再由得a，选项D错误。答案C4假设将来人类登上了火星，航天员考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图3所示的变轨过程，则有关这艘飞船的说法，下列正确的是()图3A飞船在轨道上运动到P点的速度大于在轨道上运动到P点的速度B飞船绕火星在轨道上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以与轨道同样的轨道半径运动的周期相同C飞船在轨道上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道上运动到P点时的加速度D飞船在轨道上运动时，经过P点时的速度大于经过Q点时的
5、速度解析飞船在轨道上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道上，所以飞船在轨道上运动到P点的速度小于在轨道上运动到P点的速度，A错误；根据Gmr()2，得周期公式T2，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等，故B错误；飞船在轨道上运动到P点时与飞船在轨道上运动到P点时受到的万有引力大小相等，加速度相等，故C错误；飞船在轨道上从P点运动到Q点时，飞船做离心运动，P点速度大于Q点的速度，故D正确。答案D5(2020河北石家庄质检)太阳系中某行星A运行的轨道半径为R，周期为T，但科学家在观测中发现，其实际运行的轨道与圆轨道存在一些偏离，且每隔时间t发生一次最
6、大的偏离。天文学家认为形成这种现象的原因可能是A外侧还存在着一颗未知星B，它对A的万有引力引起A行星轨道的偏离，假设其运行轨道与A在同一平面内，且与A的绕行方向相同，由此可推测未知行星B绕太阳运行的圆轨道半径为()AR B.RCR DR解析在太阳系中行星A每隔时间t实际运行的轨道发生一次最大偏离，说明A、B此时相距最近，此过程类似于钟表中时、分两针从重合到再次重合，已知A的轨道半径小于B的轨道半径，则有AtBt2，即tt2，得TT，利用开普勒第三定律有，解得RR，所以只能A项正确。答案A二、多项选择题6.如图4所示，飞船从轨道1变轨至轨道2。若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相
7、对于在轨道1上，飞船在轨道2上的()图4A动能大 B向心加速度大C运动周期长 D角速度小解析根据mmamrm2r知，Ekmv2，半径越大，动能越小，选项A错误；飞船在轨道2上向心加速度、线速度、角速度均较小，运行周期长。故选项B错误，选项C、D正确。答案CD7. (2020江西上饶一模)在早期的反卫星试验中，攻击拦截方式之一是快速上升式攻击，即“拦截器”被送入与“目标卫星”轨道平面相同而高度较低的追赶轨道，然后通过机动飞行快速上升接近目标将“目标卫星”摧毁。图5为追赶过程轨道示意图。下列叙述正确的是()图5A图中A是“目标卫星”，B是“拦截器”B“拦截器”和“目标卫星”的绕行方向为图中的顺时针
8、方向C“拦截器”在上升的过程中重力势能会增大D“拦截器”的加速度比“目标卫星”的加速度小解析拦截卫星的高度要比目标卫星的高度低，所以A是“拦截器”，B是“目标卫星”，A错误；由于“拦截器”轨道低，速度大，应落后于“目标卫星”，绕行方向应为图中的顺时针方向，B正确；“拦截器”在上升过程中要克服重力做功，所以重力势能增大，C正确；根据公式a可知“拦截器”的加速度比“目标卫星”的加速度大，D错误。答案BC8.北京时间2020年7月24日，美国宇航局宣布，可能发现了“另一个地球”开普勒452b。将开普勒452b简化成如图6所示的模型：MN为该星球的自转轴，A、B是该星球表面的两点，它们与地心O的连线O
9、A、OB与MN的夹角分别为30，60；在A、B两点处放置质量分别为mA、mB的物体。设该星球的自转周期为T，半径为R，引力常量为G。则下列说法正确的是()图6A该星球的第一宇宙速度为B若不考虑该星球自转，在A点用弹簧秤称量质量为mA的物体，平衡时示数为F，则星球的质量为C放在A、B两点处的物体随星球自转的向心力大小的比值为D放在A、B两点处的物体随星球自转的向心力大小的比值为解析该星球的第一宇宙速度v，而是星球自转的最大线速度，所以A错误；若不考虑该星球自转，A点处的重力加速度g，由Gmg得M，B正确；放在A、B两处的物体随星球自转的向心力大小分别为FAmA2rAmA2Rsin ，FBmB2r
10、BmB2Rsin ，C正确，D错误。答案BC9(2020苏北四市联考)2020年5月10日，天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象。“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线。该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出()图7A土星质量B地球质量C土星公转周期D土星和地球绕太阳公转速度之比解析行星受到的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列方程后，行星的质量会约去，故无法求解行星的质量，选项A、B错误；“土星冲日”天象每378天发生一次，即每经过378天地球比土星多转动一圈，
11、根据()t2可以求解土星公转周期，选项C正确；知道土星和地球绕太阳的公转周期之比，根据开普勒第三定律，可以求解公转半径之比，根据v可以进一步求解土星和地球绕太阳公转速度之比，选项D正确。答案CD10.如图8所示，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星。B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C是地球同步卫星。则以下判断正确的是()图8A卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度BA、B的线速度大小关系为vAvBC周期大小关系为TATCTBD若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速解析第一宇宙速度为近地卫星的环绕速度，为最大环绕速度，所以B的速度小于第一宇宙速度，故A错误；A、C相比较，
12、角速度相等，由vr，可知vAvC，根据卫星的线速度公式v得vCvB，则vAvCvB，故B错误；卫星C为同步地球卫星，所以TATC，再根据v，T得：卫星的周期T2，可知TCTB，所以TATCTB，故C正确；卫星要想从低轨道到达高轨道，需要加速做离心运动，故D正确。答案CD11. (2020黑龙江绥化三校联考)发射地球同步卫星要经过三个阶段：先将卫星发射至近地圆轨道1，然后使其沿椭圆轨道2运行，最后将卫星送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图9所示。当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，其中说法正确的是()图9A卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度B卫星在轨道3上的动能小于它在轨道1上的动能C卫星在轨道3上的引力势能小于它在轨道1上的引力势能D卫星在轨道3上的机械能大于它在轨道1上的机械能解析地球对卫星的万有引力为G，由Gma，可得卫星在Q点的加速度a，故选项A正确；轨道1、3均为圆轨道，由Gm，可得v2，由于轨道3的半径大于轨道1的半径，故卫星在轨道3上的动能小于在轨道1上的动能，故选项B正确；从轨道1到轨道3，地球与卫星间的引力做负功，引力势能将增加，选项C错误；由轨道1到轨道3经过两次加速，外力做正功，所以卫星在轨道3上的机械能大于它在轨道1上的机械能，故选项D正确。答案ABD
