《广东省肇庆市2020届高三物理第三次统一检测试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省肇庆市2020届高三物理第三次统一检测试题（含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、肇庆市2020届高中毕业班第三次统一检测理科综合能力测试 物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，1418题只有一项是符合题目要求的，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.以下有关近代物理的叙述，正确的是A. 发生光电效应时，增大入射光强度，光电子的最大初动能也增大B. 衰变实质是由原子核内的一个中子转变成一个质子，同时释放出一个电子C. a粒子散射实验表明原子核占据原子的绝大部分质量和体积D. 氢原子的核外电子由高能级向低能级跃迁时，要吸收一定频率的光子【答案】B【解析】【详解】A、光电效应发生与否与入射光的
2、频率有关，入射光频率越大，光电子的最大初动能越大，最大初动能与强度无；故A错误；B、衰变的实质是原子核内的一个中子转化成一个质子，同时释放出一个电子，故B正确；C、粒子散射实验表明原子核占据原子的绝大部分质量，该实验没有阐述在体积上的关系；故C错误；D、氢原子的核外电子由高能级向低能级跃迁时，要放出一定频率的光子，而不是吸收光子，故D错误。2.位于A、B处的两个带不等量负电荷的点电荷在平面内的电势分布如图所示，图中实线表示等势线，下列说法中正确的是A. 正电荷从c点移到d点，静电力做负功B. a点和b点的电势不相同C. 负电荷从a点移到b点，电场力做正功，电势能减少D. 正电荷从e点沿图中虚线
3、移到f点，电场力不做功，电势能不变【答案】A【解析】【详解】A、由于场源是负电荷，故电势从里往外逐渐升高，由图可知，d点的电势大于c点的电势，故正电荷从c点移到d点，电场力做负功，故A正确；B、由图可知，a点和b点位于同一条等势面上，所以电势相同，故B错误；C、a点和b点的电势相同，负电荷从a点移到b点，电场力不做功，电势能不变。故C错误；D、正电荷从e点沿图中虚线移到f点的过程中电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大，故D错误。3.两玩具车在两条平行的车道上行驶，t=0时两车都在同一计时线处，它们在四次比赛中的v-t图像如下图所示。在0-3s内哪幅图对应的比赛中两车可能再次相遇A.
4、B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】A、在02.5s内，一辆车的速度始终比另一辆车的速度大，两车间距增大，2.5s时，两车速度相等，两者相距最远，此后，两车的距离在缩小，t=5s时，两车相遇，故0-3s内两车没有相遇，故A错误；B、在05s内，一辆车的速度始终比另一辆车的速度大，5s时，两者相距最远，0-3s内两车不可能相遇，故B错误；C、根据vt图象的面积等于位移可知，2.5s时，两车相遇，故两车是在0-3s内相遇，C正确；D、在05s内，一辆车的速度始终比另一辆车的速度大，5s时，速度相等，两者相距最远，0-3s内两车不可能相遇，故D错误。4.某兴趣小组制作了一个简易的“转动装置”
5、，如图甲所示，在干电池的负极吸上两块圆柱形强磁铁，然后将一金属导线折成顶端有一支点、底端开口的导线框，并使导线框的支点与电源正极、底端与磁铁均良好接触但不固定，图乙是该装置的示意图。若线框逆时针转动(俯视)，下列说法正确的是A. 线框转动因为发生了电磁感应B. 磁铁导电且与电池负极接触的一端是S极C. 若将磁铁的两极对调，则线框转动方向不变D. 线框转动稳定时的电流比开始转动时的大【答案】B【解析】【详解】ABC对线框的下端平台侧面分析，若扁圆柱形磁铁上端为S极，下端为N极，周围磁感线由上往下斜穿入线框内部，在垂直于纸面向外的径向上，磁感应线有垂直于纸面向里的分量，在此径向上的负电荷由下往上运
6、动，由左手定则知：此负电荷受到垂直于径向沿纸面向右的洛伦兹力，即在径向的左垂线方向；同理，其他任一径向上的电荷均受到左垂线方向的洛伦兹力（中心原点除外），所以，由上往下看（俯视），线框沿逆时针转动，若扁圆柱形磁铁上端为N极，下端为S极，则转动方向相反，所以该装置的原理是电流在磁场中的受力，不是电磁感应。故AC错误，B正确；D稳定时，因导线切割磁感应线，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D错误。5.如图所示，一位同学玩飞镖游戏圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L.当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动忽略空气阻力，重力加速度
7、为g，若飞镖恰好击中P点，则A. 飞镖击中P点所需的时间为B. 圆盘的半径可能为C. 圆盘转动角速度的最小值为D. P点随圆盘转动的线速度不可能为【答案】AD【解析】【详解】飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此t=，故A正确。飞镖击中P点时，P恰好在最下方，则2r=gt2，解得圆盘的半径r=，故B错误。飞镖击中P点，则P点转过的角度满足 =t=+2k（k=0，1，2）故，则圆盘转动角速度的最小值为故C错误。P点随圆盘转动的线速度为，当k=2时，v=故D正确。故选AD。6.如图所示，置于地面的矩形框架中用两细绳拴住质量为m的小球，绳B水平设绳A、B对球的拉力大小分别为F1、F2
8、，它们的合力大小为F，现将框架在竖直平面内绕左下端缓慢旋转90，在此过程中A. F先增大后减小B. F始终不变C. F1先增大后减小D. F2先增大后减小【答案】BD【解析】【详解】对小球受力分析如图所示：AB、小球处于静止状态，受力平衡，两绳的拉力的合力与重力大小相等方向相反，则F不变，故A错误，B正确；CD、根据平行四边形定则可知，将框架在竖直平面内绕左下端缓慢旋转90的过程中，F1逐渐减小，F2先增大后减小，当绳A处于水平方向时，F2最大，故C错误，D正确。7.如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡P和Q。当输入电压U为灯泡额定电压的8倍时，两灯泡均能正常发光。下列说法正确
9、的是A. 原、副线圈匝数比为1：7B. 原、副线圈匝数比为7：1C. 此时P和Q的电功率之比为7：1D. 此时P和Q的电功率之比为1：7【答案】BD【解析】【详解】设灯泡的额定电压为U1，则初级电压为：U-U1=7U1，则原副线圈的匝数正比：，选项A错误，B正确；因原副线圈的电流之比为，根据P=IU可知此时P和Q的电功率之比为1：7，选项C错误，D正确；故选BD.8.如图所示是宇宙空间中某处孤立天体系统的示意图，位于O点的一个中心天体有两颗环绕卫星，卫星质量远远小于中心天体质量，且不考虑两卫星间的万有引力。甲卫星绕O点做半径为r的匀速圆周运动，乙卫星绕O点的运动轨迹为椭圆，半长轴为r、半短轴为
10、，甲、乙均沿顺时针方向运转。两卫星的运动轨迹共面且交于M、N两点。某时刻甲卫星在M处，乙卫星在N处。下列说法正确的是A. 甲、乙两卫星的周期相等B. 甲、乙两卫星各自经过M处时的加速度大小相等C. 乙卫星经过M、N处时速率相等D. 甲、乙各自从M点运动到N点所需时间之比为13【答案】ABC【解析】【详解】A、由题意可知，甲卫星运动的轨道半径与乙卫星椭圆轨道的半长轴相等，由开普勒第三定律可知，它们运动的周期相等，故A正确；B、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：Gma，解得，加速度：a，两卫星运动到M点时与中心天体距离相同，故甲卫星经过圆轨道上M点时的加速度与乙卫星经过椭圆轨道上M点时的加速度
11、相同，故B正确；C、在椭圆轨道上，由对称性可知，关于半长轴对称的M和N的速率相等，故C正确；D、设甲乙卫星运动周期为T，由几何关系可知，故对于甲卫星，顺时针从M运动到N，所用时间，对于乙卫星，顺时针从M运动N，刚好运动半个椭圆，但由于先向远地点运动后返回，速度在远地点运动得慢，在近地点运动得快，所以，故甲、乙各自从M点运动到N点所需时间之比小于1:3，故D错误。三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个学生都必须作答。第33第38为选考题，考生根据要求作答。(一) 必考题（共129分）9.如图所示小王同学利用自己设计的弹簧弹射器探究“弹簧弹性势能与形变量关系”，弹射器水平放置，弹簧被
12、压缩x后释放，将质量为m、直径为d的小球弹射出去测出小球通过光电门的时间为t.请回答下列问题：（1）为减少实验误差，弹射器出口端距离光电门应该_（选填“近些”或“远些”）（2）小球通过光电门的速度大小v_；小球未弹出前弹簧的弹性势能Ep_.（用m、d、t表示）（3）该同学在实验中测出多组数据，并发现x与t成反比的关系，则弹簧弹性势能Ep与形变量x的关系式，正确的是_（选填字母代号即可）AEpx BEp CEpx2 DEp【答案】 (1). 近些 (2). (3). (4). C【解析】【详解】（1）弹射出后小球做平抛运动，只有距离光电门近些才能减小速度引起的误差；（2）利用平均速度代替瞬时速度
13、，则v，弹性势能转化为了动能，根据动能定理可知（3）由于x，故，故Epx2，故C正确10.（10分）用如图所示电路测量电源的电动势和内阻。实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干。实验主要步骤：（）将滑动变阻器接入电路阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线（U、I都用国际单位）；（）求出UI图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_。A电压表（0
14、-3V，内阻约15k） B电压表（0-3V，内阻约3k）C电流表（0-200mA，内阻约2） D电流表（0-30mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_。A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值。【答案】 (1). （1）A、 (2). C
15、 (3). （2）C (4). （3）ka (5). k-R2【解析】试题分析：（1）电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为；因此，电流表选择C；（2）分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而B项中两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C项中一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大；而D项中导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小；故D错误；故选C；（3）由闭合电路欧姆定律可知：U=E-I（r+R2），对比伏安特性曲线
