《2020届高考物理一轮复习 课时作业 第35讲 电磁感应 楞次定律》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高考物理一轮复习 课时作业 第35讲 电磁感应 楞次定律（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020届高三物理总复习精品课时作业 第35讲 电磁感应 楞次定律1如图所示，四根等长的铝管和铁管(其中丙中铝管不闭合，其他两根铝管和铁管均闭合)竖直放置在同一竖直平面内，分别将磁铁和铁块沿管的中心轴线从管的上端由静止释放，忽略空气阻力，则下列关于磁铁和铁块穿过管的运动时间的说法正确的是()At甲t乙t丙t丁Bt丙t甲t乙t丁Ct丙t甲t乙t丁 Dt丙t甲t乙t丁【解析】甲中闭合铝管不会被磁铁磁化，但当磁铁穿过铝管的过程中，铝管可看成很多圈水平放置的铝圈，据楞次定律知，铝圈将发生电磁感应现象，阻碍磁铁的相对运动；因丙中铝管不闭合，所以磁铁穿过铝管的过程不发生电磁感应现象，磁铁做自由落体运动；铁
2、块在乙中铝管和丁中铁管中均做自由落体运动，所以磁铁和铁块在管中运动的时间满足t甲t乙t丙t丁，A项正确【答案】A2一金属圆环水平固定放置现将一竖直的条形磁铁，在圆环上方沿圆环轴线从静止开始释放，在条形磁铁穿过圆环的过程中，条形磁铁与圆环()A始终相互吸引 B始终相互排斥C先相互吸引，后相互排斥 D先相互排斥，后相互吸引【解析】由楞次定律可知，当条形磁铁靠近圆环时，磁场对环中的感应电流的安培力阻碍其靠近，条形磁铁与圆环相互排斥；当磁铁穿过圆环远离圆环时，感应电流阻碍其远离，条形磁铁与圆环相互吸引，选项D正确【答案】D3某学生做“探究电磁感应的产生条件”的实验，将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关用
3、导线连接成如图所示的实验电路当接通、断开开关时，电流表的指针都没有偏转，其原因是()A开关位置接错 B电流表的正负极接反C线圈B的接头3、4接反 D蓄电池的正负极接反【解析】在蓄电池电路中加开关，通、断开关时会有变化的电流产生，此电流将在线圈B中产生变化的磁场和磁通量图中把开关接入线圈B的电路中，对电流的变化不起作用【答案】A4如图所示，通过水平绝缘传送带输送完全相同的铜线圈，线圈等距离排列，且与传送带以相同的速度匀速运动为了检测出个别未闭合的不合格线圈，让传送带通过一匀强磁场区域，磁场方向垂直于传送带，根据穿过磁场后线圈间的距离，就能够检测出不合格的线圈通过观察图形，判断下列说法正确的是()
4、A若线圈闭合，进入磁场时，线圈相对传送带向后滑动B若线圈不闭合，进入磁场时，线圈相对传送带向后滑动C从图中可以看出，第3个线圈是不合格线圈D从图中可以看出，第4个线圈是不合格线圈【解析】若线圈闭合，进入磁场时，由于产生电磁感应现象，根据楞次定律可判断出线圈相对传送带向后滑动，故A正确若线圈不闭合，进入磁场时，不会产生感应电流，故线圈相对传送带不发生相对滑动，故B错误从图中可以看出，第3个线圈是不合格线圈，故C正确，D错误【答案】AC5如图所示，四组同学分别制作探究电磁感应现象的实验装置，在一根较长的铁钉上用漆包线绕两个线圈a和b，将与线圈b相连的cd漆包线水平置于小磁针的正上方，小磁针静止放在
5、水平桌面上若某一组同学在闭合开关S瞬间，从上向下俯视，小磁针N极顺时针偏转，那么该组同学是用了下面哪组装置()【解析】从上向下俯视，小磁针N极顺时针偏转，根据右手螺旋定则可以说明b线圈中产生了从c到d的电流，b线圈中有向右的感应磁场，说明其内部有水平向左的原磁场在增强，再由右手螺旋定则可以判断出a线圈中有增强的电流产生，正好对应B选项中闭合开关S的动作【答案】B6.如图甲所示，水平面上的平行导轨MN、PQ上放着两根导体棒ab、cd，两棒间用绝缘丝线系住开始时匀强磁场垂直于纸面向里，磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示I和T分别表示导体棒中的电流和丝线的拉力(不计电流间的相互作用)，则在t0时刻
6、()AI0，T0BI0，T0CI0，T0 DI0，T0【解析】磁感应强度变化，故回路中有感应电流，但此时磁感应强度为零，则电流不受力【答案】C7图示是著名物理学家费曼设计的一个实验，在一块绝缘板中部安装一个线圈，并接有电源，板的四周有许多带负电的小球将整个装置悬挂起来当接通开关瞬间，整个圆盘将(自上而下看)()A顺时针转动一下 B逆时针转动一下C顺时针不断转动 D逆时针不断转动【解析】开关接通瞬间，穿过带电小球所在空间向下的磁通量突然增加，由楞次定律知，在带电小球所处空间将产生逆时针方向(从上往下看)的电动势(确切讲，应为逆时针方向的电场)，从而使带负电小球受到顺时针方向的作用力由于该变化是瞬
7、间的，故选A.【答案】A8图示为一种早期发电机的原理示意图，该发电机由固定的圆形线圈和一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成，两磁极相对于线圈平面对称在磁极绕转轴匀速转动的过程中，磁极中心在线圈平面上的投影沿圆弧运动(O是线圈中心)，则()A从X到O，电流由E经流向F，先增大再减小B从X到O，电流由F经流向E，先减小再增大C从O到Y，电流由F经流向E，先减小再增大D从O到Y，电流由E经向F，先增大再减小【解析】从X到O的过程中，原磁场方向向上且不断增强，则感应电流的磁场方向应该指向下，再由右手螺旋定则知，感应电流的方向应该是由F经电流表到E，大小从零到有再到零，则一定经历先增大再减小的过程同理，当从O
8、到Y的过程中，感应电流的方向应该是由E经电流表到F，大小也是先增大再减小【答案】D9在一部小说中描述了一种这样盗听电话的方法：窃贼将并排在一起的电话线分开，在其中一根电话线的旁边铺设一条两端分别与窃听器连接的导线，这条导线与电话线是绝缘的，如图所示下列说法中正确的是()A可以窃听到电话，因为电话中的电流流进了窃听器B可以窃听到电话，因为电话中的电流大小时刻都在发生变化，在窃听电路中引起了感应电流C不能听到电话，因为窃听器的导线没有与电话线连在一起D不能窃听到电话，因为窃听器的导线与电话线是绝缘的【解析】由于电话中的电流大小时刻都在发生变化，电流会激发磁场，这个磁场也是变化的，根据电磁感应产生的
9、条件可知，在窃听电路中引起了感应电流【答案】B10如图所示，ab是一个可绕垂直于纸面O轴转动的闭合矩形线框，当滑动变阻器R的滑片P自左向右滑动时，线框ab将()A保持静止不动B逆时针转动C顺时针转动D发生转动，但因电源极性不明，无法确定转动方向【解析】当滑动变阻器的滑片向右滑动时，外电路的总电阻增大，电磁铁的电流减小，穿过线框的磁通量减少，故线框通过转动来改变线框平面与磁场方向的夹角，以增大投影面积来阻碍这种变化这样便得出ab必做顺时针方向转动的结论，故C正确；过程并未涉及电源的极性，所以结论与电源的极性无关【答案】C11如图所示，同一平面内的三条平行导线串有两个电阻R和r，导体棒PQ与三条导
10、线接触良好；匀强磁场的方向垂直纸面向里导体棒的电阻可忽略当导体棒向左滑动时，下列说法正确的是()A流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由b到aB流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由b到aC流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由a到bD流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由a到b【解析】本题考查右手定则的应用根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在PQcd回路中，电流为逆时针方向，即流过R的电流为由c到d，在电阻r的回路中，电流为顺时针方向，即流过r的电流为由b到a.当然也可以用楞次定律，通过回路的磁通量的变化判断电流方向，所以B选项正确【答案】B12图示是研究电磁感应现象实验所需的器材，用实线将带有铁芯的线圈A、电源、滑动变阻器和开关连接成原线圈回路，将小量程电流计和线圈B连接成副线圈回路，并列举实验中改变副线圈回路磁通量，使副线圈回路产生感应电流的三种方式【解析】实物连接如图所示产生感应电流的方式有以下三种：合上(或断开)开关瞬间；将线圈A插入线圈B或从线圈B中拔出；将线圈A插入线圈B中不动并移动滑动变阻器的滑片【答案】略
