《四川省遂宁市第二中学2020学年高一物理上学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省遂宁市第二中学2020学年高一物理上学期期中试题（含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川省遂宁市第二中学2020学年高一物理上学期期中试题（含解析） 一、单选题1.研究静止放在水平桌面上的书本对桌面的压力，下列说法正确的是（）A. 书本对桌面的压力就是书本的重力B. 书本对桌面的压力作用在书上C. 书本对桌面的压力是由于书本的形变引起的D. 书本对桌面的压力大于桌面对书本的支持力【答案】C【解析】【详解】A书静止在水平桌面上，书对水平桌面的压力大小等于物体的重力，但压力不是重力，故A错误；BC书对水平桌面的压力是由于书发生向上的微小形变，要恢复原状，对桌面产生向下的弹力，作用在桌面，故B错误，C正确；D书对桌面压力跟桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力，故D错误。2.某同学
2、在爬杆运动中，双手握杆使自己向上匀速运动，到顶端后顺着杆匀速滑下，则该同学先后受到的摩擦力方向是（）A. 向上、向上B. 向上、向下C. 向下、向上D. 向下、向下【答案】A【解析】【详解】同学在爬杆运动的过程中，做匀速运动，处于受力平衡状态，都受到竖直向下的重力G，竖直向上的摩擦力f，由平衡条件得：f=G，因此两种情况下，摩擦力方向都向上，故A正确，BCD错误。3.如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由车轮的正上方第一次运动到车轮的正下方时，气门芯位移的大小为（）A. RB. 2RC. RD. 2R【答案】C【解析】【详解】当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的
3、正下方时，轮子向前运动了半个周长，气门芯的初位置与末位置如上图的直线x，由几何知识得气门芯得位移大小为=R。A. R与上述计算结果不相符，故A不符合题意；B. 2R与上述计算结果不相符，故B不符合题意；C. R与上述计算结果相符，故C符合题意；D. 2R与上述计算结果不相符，故D不符合题意。4.物体在甲、乙两地间往返一次，从甲地到乙地的平均速度是v1，返回时的平均速度是v2，则物体往返一次平均速度的大小和平均速率分别是（）A. 0，B. ，C. 0， D. ，【答案】C【解析】【详解】物体往返一次，位移为零则物体的平均速度的大小为0设A、B两地的距离为L物体从A到B运动的时间为：从B到A运动的
4、时间为：则物体往返一次的平均速率为： ,故C对，ABD错；故选C5.一物体从高处自由下落，经2s落地，则该物体下落1s时，离地高度是（g取10m/s2）（ ）A. 5mB. 10mC. 15mD. 18m【答案】C【解析】【分析】自由落体运动做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间公式求出物体在1s时、2s时下落的高度，从而得出离地的高度。【详解】该物体下落1s时离地高度是：，故C正确，ABD错误。故选：C。【点睛】本题主要是考查了自由落体运动，解答本题要知道自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，满足匀变速直线运动的计算公式。6.汽车关闭油门后做匀减速直线运动，最后停下来在此
5、过程中，最后三段连续相等的时间间隔内的位移大小之比为（ ）A. 111B. 531C. 941D. 321【答案】B【解析】【详解】根据题意分析，汽车速度匀减速到零，反向看是初速度为零的匀加速：，所以，ACD错误，B正确7.一个物体做初速度为零的匀加速运动，该物体通过前一半位移和通过后一半位移所用的时间之比是（）A. B. 2：1C. D. 【答案】C【解析】物体做初速度为零的匀加速运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的推论，该物体通过前一半位移和通过后一半位移所用的时间之比是：；故选C点睛：对于初速度为零的匀加速直线运动，通过连续相等的位移所用的时间之比为1：（ -1）：（ ）：（）8.小球
6、以2m/s的初速度从离地高为3m的地方开始做竖直上抛运动，取g10m/s2，则小球在空中运动的时间为（ ）A. 0.4sB. 0.6sC. 0.8sD. 1.0s【答案】D【解析】小球从离地高3m的地方开始做竖直上抛运动，取竖直向上为正方向，小球落地时通过的位移为：x=-3m；根据位移时间关系公式，有：x=v0t-gt2代入数据，有：-3=2t-10t2联立解得：t=1.0s或者t=-s（无意义，舍去），故D正确，ABC错误，故选D.点睛：本题运用整体法处理竖直上抛运动，也可以分段研究要注意规定正方向，知道整个位移是负值9.有一长为L的列车，正以恒定的加速度过铁路桥，桥长为2L，现已知列车车头
7、过桥头的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，那么，车尾过桥尾时的速度为（）A. 3v1-v2B. 3v2-v1C. D. 【答案】C【解析】列车车头过桥头到车头过桥尾有：车头过桥尾到车尾过桥尾有：由以上两式可得， 综上所述本题答案是：C10.如图所示，两个小球用长为1 m的细线连接，用手拿着球，球竖直悬挂，且A、B两球均静止。现由静止释放球，测得两球落地的时间差为0.2 s，不计空气阻力，重力加速度，则球释放时离地面的高度为A. 1.25 mB. 1.80 mC. 3.60 mD. 6.25m【答案】B【解析】【详解】设释放时A球离地高度为h，则，求得，。A. 1.25 m与上述计算结果不相
8、符，故A错误；B. 1.80 m与上述计算结果相符，故B正确；C. 3.60 m与上述计算结果不相符，故C错误；D. 6.25m与上述计算结果不相符，故D错误。11.甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在描述两车运动的vt图中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在020秒的运动情况。关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是A. 在010秒内两车逐渐靠近B. 1020秒内两车逐渐远离C. 在515秒内两车的位移相等D. 在t=10秒时两车在公路上相遇【答案】C【解析】【详解】A在010 s内，乙车的速度一直比甲车大，两车应逐渐远离，则A错误；B
9、在1020 s内，甲车的速度一直比乙车大，两车逐渐靠近，则B错误；C在515 s内，两图象与坐标轴的面积相等，则两车的位移相等，则C正确；D在t10 s时两车速度相等，相距最远，则D错误。12.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的vt图象如图3所示两图象在tt1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，OPQ的面积为S.在t0时刻，乙车在甲车前面，相距为d.已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t，则下面四组t和d的组合可能的是 ()A. tt1，dSB. tt1，dSC. tt1，dSD. tt1，dS【答案】D【解析】【详解】在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故t
10、s2）初始时，甲车在乙车前方S0处。A. 若s0= s1+ s2，两车不会相遇B. 若 s0 s1，两车相遇2次C. 若 s0= s1，两车相遇1次D. 若 s0=s2，两车相遇1次【答案】ABC【解析】【详解】由图可知甲的加速度a1比乙a2大，在达到速度相等的时间T内两车相对位移为。若，速度相等时甲比乙位移多S0，乙车还没有追上，此后甲车比乙车快，不可能追上，故A正确；若，乙车追上甲车时乙车比甲车快，因为甲车加速度大，甲车会再追上乙车，之后乙车不能再追上甲车，故B正确；若，恰好在速度相等时追上、之后不会再相遇，故C正确；若 ，两车速度相等时还没有追上，并且甲车快、更追不上，故D错误。故选AB
11、C。16.一质点在连续的6s内作匀加速直线运动，在第一个2s内位移为12m，最后一个2s内位移为36m，则下面说法正确的是( )A. 质点的加速度大小是2 m/s2B. 质点的加速度大小是3 m/s2C. 第2s末的速度大小是12m/sD. 第1s内位移大小是4.5m【答案】BD【解析】【详解】A、B、设第一个2s内的位移为x1，第三个2s内，即最后1个2s内的位移为x3，根据x3-x1=2aT2得加速度a=3m/s2，故A错误，B正确；C、第1s末的速度等于第一个2s内的平均速度，则v1=6m/s，则第2s末速度为v=v1+at=6+31m/s=9m/s，故C错误；D、在第1s内反向看为匀减速运动，则，故D正确.故选BD.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的两个重要推论：1、在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即x=aT2，2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度并能灵活运用17.水平面上有一物体做直线运动，物体的加速度随时间变化的关系如图所示，已知t=0时物体的速度为1m/s，以此时
