《四川省宜宾市2020学年高一物理下学期期末教学质量监测试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省宜宾市2020学年高一物理下学期期末教学质量监测试题（含解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020年宜宾市春期高一年级教学质量监测试题物理 一、单项选择题（本题包括8个小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题意）。1. 在物理学发展历史中，许多物理学家作出了卓越贡献。以下关于物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的是A. 牛顿建立了“相对论”B. 伽利略提出了“日心说”C. 哥白尼测定了引力常量D. 开普勒发现了“行星运动三大定律”【答案】D【解析】试题分析：爱因斯坦最先提出狭义相对论和广义相对论，而不是牛顿，选项A错。在天体运动规律的探究过程中哥白尼最先提出了日心说并受到宗教的迫害，牛顿发现了万有引力定律但没有测量出万有引力常量，测定万有引力常量的卡文迪许，选项C错。开普
2、勒在前人研究数据的基础上总结提出了天体运动的三大定律，选项D对。考点：物理学史2. 一同学沿斜上方抛出一小球，在小球抛出后的运动过程中（不计空气阻力），一定变化的物理量是A. 速度 B. 加速度 C. 合外力 D. 机械能【答案】A【解析】A、斜上抛是匀变速曲线运动，分解为竖直方向上的竖直上抛运动和水平方向上的匀速直线运动，则其合速度的大小和方向时刻变换，故A正确。B、C、所有的抛体运动包括平抛和斜抛的物体其加速度恒定不变，加速度方向不变，都为重力加速度g，则合外力恒为mg，故B、C错误。D、斜上抛中只受重力，且只有重力做功，满足机械能守恒，则小球运动中的机械能不变，故D错误。故选A。【点睛】
3、明确斜抛运动的性质，知道斜抛运动可分解为竖直方向上的竖直上抛运动和水平方向上的匀速直线运动；再根据动能定理和机械能守恒定律确定动能和机械能的变化情况。3. 汽车上坡时，保持汽车发动机输出功率一定，降低速度，这样做的目的是A. 增大牵引力 B. 减小牵引力C. 增大阻力 D. 减小惯性【答案】A【解析】对于汽车来说，其最大功率是一定的，由P=Fv可知，只有减小速度，才能得到更大的牵引力，更有利于上坡，故B、C、D错误，A正确。故选A。【点睛】本题关键是记住发动机输出功率、牵引力和速度的关系式P=Fv，能够根据控制变量法列式求解，4. 质点作曲线运动从A到B速率逐渐增大，如图所示，有四位同学用示意
4、图表示该质点从A到B的轨迹及速度v的方向和加速度a的方向，其中正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】A、由图示可知，加速度方向与速度方向夹角大于90度，物体做减速运动，故A错误；B、由图示可知，速度方向与加速度方向相同，物体做直线运动，不做曲线运动，故B错误；C、由图示可知，加速度在速度的右侧，物体运动轨迹向右侧凹，故C错误；D、由图示可知，加速度方向与速度方向夹角小于90度，物体做加速曲线运动，故D正确；故选D。【点睛】知道物体做曲线运动的条件，分析清楚图示情景即可正确解题5. 如图所示，为工厂中的行车示意图，行车吊着货物P正在沿水平方向向右匀速行驶，同时行车中的起重机吊着货物P
5、正在匀加速上升，则地面上的人，从行车运动方向的侧面观察到货物P运动的轨迹可能是下图中A. B. C. D. 【答案】B【解析】我们站在地面上观察，货物既沿水平方向匀速运动，又沿竖直方向做匀速运动，货物水平位移大小为x=vxt，竖直位移大小y=vyt，联立得到s=kt，根据数学知识可知，轨迹是倾斜直线。故选C。【点睛】本题若是水平方向匀速，竖直方向匀加速，则是类平抛运动问题，可以与平抛运动类比，定性分析轨迹形状，也可以定量分析轨迹方程6. 从同一点O水平抛出的三个小物体，分别落到斜面上A、B、C三个位置，如图所示。三个物体的初速度大小和运动时间的关系如下，其中正确的是A. B. C. D. 【答
6、案】A【解析】根据知，hAhBhC，则tCtBtA根据x=vt知，A的水平位移最小，时间最长，则水平初速度最小，C的水平位移最大，时间最短，则水平初速度最大，所以vCvBvA故B正确，B、C、D错误。故选A。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定时间，根据水平位移和时间确定初速度7. 2020年8月16日1时40分，我国在酒泉卫星发射中心用“长征二号”运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升空，将在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信。“墨子号”将由火箭发射至高度为500Km的预定圆形轨道。此前6月在西昌卫星发射中
7、心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7，G7属地球静止轨道卫星（高度约为36000Km），它将使北斗系统的可靠性进一步提高。以下说法中正确的是A. 这两颗卫星的运行线速度可能大于7.9 Km/sB. “墨子号”的角速度比北斗G7的角速度小C. “墨子号”的周期比北斗G7的周期小D. “墨子号”的向心加速度比北斗G7的向心加速度小【答案】C【解析】A、根据，得，知道轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径为地球的半径，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，所以两卫星的线速度均小于地球的第一宇宙速度，故A错误；B、由，可得，则轨道半径越小角速度越大，“墨子号”的角速度比北斗
8、G7的角速度大，故B错误；C、根据，得，所以量子科学实验卫星“墨子号”的周期小，故C正确；D、卫星的向心加速度：，半径小的量子科学实验卫星“墨子号”的向心加速度比北斗G7的大，故D错误。故选C。【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期。8. 某斜面固定在水平面上，一小物块从该斜面底端冲上足够长的斜面后又返回斜面底端。小物块从斜面底端冲上时的动能为时，它返回斜面底端时的动能为。若小物块从斜面底端冲上时的动能为2E，则它返回斜面底端时的动能为A. B. C. D. 【答案】B【解析】以初动能为E冲上斜面并返回的整个过程中运用动能定理得：，设以初
9、动能为E冲上斜面的初速度为v0，则以初动能为2E冲上斜面时，初速度，加速度相同，根据2ax=v2-v02可知第二次冲上斜面的位移是第一次的两倍，所以上升过程中克服摩擦力做功是第一次的两倍，整个上升返回过程中克服摩擦力做功是第一次的两倍，即为E，则初动能为2E冲上斜面并返回的整个过程中运用动能定理得：，所以返回斜面底端时的动能为E。故选B。【点睛】本题考查了动能定理的直接应用，注意以不同的初动能冲上斜面时，运动的位移不同，摩擦力做的功也不同二、多项选择题（本题包括4小题，每小题4分，共16分，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）9. 如图所示，在长江边一段平行江道，一轮船的船头
10、指向始终垂直于江岸方向，轮船在静水中运动的速度保持不变，水匀速流动（假设整个江道水流速度相同），下列说法正确的是A. 水流速度越大，轮船行驶位移越大B. 水流速度越大，轮船行驶位移不变C. 水流速度越大，过江时间越短D. 水流速度越大，过江时间不变【答案】AD【解析】C、D、因为船垂直于河岸方向的速度不变，而水流方向是垂直于这个方向的，在这个方向上没有分速度，；设河宽为d，船垂直于河岸的速度为v，所以不论水速多大时间不变；故C错误，D正确。A、B、如果水速越大，相同时间内沿水速方向的位移越大，船在水中运动的总位移就越大，故B错误，A正确。故选AD。【点睛】关键是将运动分解为垂直于河岸和平行于河
11、岸两个分运动，然后分别作答即可解决此类问题。10. 如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒，其轴线垂直于水平面，圆锥筒固定有一质量为m的小球紧贴着筒内壁在水平面内做匀速圆周运动，筒口半径和筒高分别为R和H，小球所在的高度为筒高的一半重力加速度为g，则A. 小球受到重力和支持力的作用B. 小球受到的合力方向垂直筒壁斜向上C. 小球做匀速圆周运动的向心加速度大小为D. 小球做匀速圆周运动的角速度大小为【答案】AD【解析】A、B、如图所示，小球受重力和支持力而做匀速圆周运动，由合力提供向心力，合力F一定指向圆心；故B错误，A正确。C、D、设圆锥母线的倾角为，由力的合成可知，由牛顿第二定律，而由几何关系可知，
12、解得，故C错误，D正确。故选AD。【点睛】本题是圆锥摆类型，关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析11. 一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示，则A. 08s时间内水平拉力的冲量大小为零B. 06s时间内合外力的冲量大小为 4N.sC. t=4s时物体的动量大小为4kg.m/sD. 08s时间内物体克服摩擦力所做的功30J【答案】BCD【解析】A、由图象知，力F的方向恒定，故力F在08s内的冲量I=F1t1+F2t2+F3t3=34+22+02Ns=16Ns；方向向右，故A
13、错误。B、由46s物体匀速直线运动可知，则06s的，故B正确。C、因04s的，根据动量定理可知动量变化为4Ns，而初动量为零，则4s末的动量为4kg.m/s，故C正确。D、由图象的面积代表位移，可求得08s的位移为，根据功的定义式可得，故D正确。故选BCD。【点睛】此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合动能定理和动量定理的计算公式进行计算求解，是高考的热点考题12. 如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连. 弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出). 现用水平向右的力缓慢地将物块从O 点拉至A 点，拉力做的功为W. 撤去拉力后让物块由静
14、止向左运动， 经O 点到达B 点时速度为零. 已知物块的质量为m，AB =b，物块与桌面间的动摩擦因数为，重力加速度为g. 则上述过程中A. 经O 点时，物块的动能最大B. 物块动能最大时，弹簧的弹性势能为零C. 物块在A 点时，弹簧的弹性势能小于()D. 物块在B 点时，弹簧的弹性势能小于()【答案】CD【解析】A、B、物体从A到O的过程中，弹簧的弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，物体先加速后减速，在弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反的位置速度最大，此时弹簧处于伸长状态，弹性势能不为零，该位置应在O点的右侧，故A、B错误。C、如果没有摩擦力，则O点应该在AB中间，由于有摩擦力，物
15、体从A到B过程中机械能损失，故无法到达没有摩擦力情况下的B点，也即O点靠近B点。故，此过程物体克服摩擦力做功大于，所以物块在A点时，弹簧的弹性势能小于，故C正确。D、由A分析得物块从开始运动到最终停在B点，路程大于，故整个过程物体克服阻力做功大于，故物块在B点时，弹簧的弹性势能小于，故D正确。故选CD。【点睛】到达B点时速度为0，但加速度不一定是零，即不一定合力为0，这是此题的不确定处。弹簧作阻尼振动，如果接触面摩擦系数很小，则动能为最大时时弹簧伸长量较小（此时弹力等于摩擦力mg），而弹簧振幅变化将很小，B点弹簧伸长大于动能最大点；如果较大，则动能最大时，弹簧伸长量较大，（因弹力等于摩擦力，较大，摩擦力也较大，同一个弹簧，则需要较大伸长量，弹力才可能与摩擦力平衡），而此时振幅变化很大，即振幅将变小，则物块将可能在离O点很近处，就处于静止（速度为0，加速度也为0），此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量，B点势能可能小于动能最大处势能。至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能，由功能关系和动能定理分析讨论即可。三、实验题（本题包括2小题，共15分）13. 某同学做探究平抛运动规律的实验，其实验过程如下：（1）该同学首先采用如图甲所示的装
