《黑龙江省2020学年高二物理上学期开学考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省2020学年高二物理上学期开学考试试题（含解析）（22页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、大庆实验中学2020学年度上学期开学考试 高二物理试题一、选择题（每题4分，共56分。1-9题为单选题，10-14为多选题）1.1.一步行者以6 m/s的速度跑去追赶被红灯阻停的公交车，在跑到距汽车25 m处时，绿灯亮了，汽车以1 m/s2的加速度匀加速启动前进，则()A. 人能追上公共汽车，追上车前人共跑了36 mB. 人能追上公共汽车，追上车前人共跑了43 mC. 人不能追上公共汽车，人与车最近距离为7 mD. 人不能追上公共汽车，且车开动后，人与车距离越来越远【答案】C【解析】当两车速度相等时，经历的时间为：，此时人的位移x1=vt=66m=36m，汽车的位移：，因为x1x2+25m，可
2、知人不能追上汽车，故AB错误；速度相等时有最小距离，最小距离x=x2+25-x1=18+25-36m=7m，故C正确；在追及的整个过程中，人车距离先减小再增大，故D错误。所以C正确，ABD错误。2.2.如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上；一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球在a和b之间的细线上悬挂一小物块平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径不计所有摩擦小物块的质量为()A. B. mC. m D. 2m【答案】C【解析】设悬挂小物块的点为O，圆弧的圆心为O，由于ab=R，所以三角形Oab为等边三角形根据几何知识可得aOb=120，而在一条绳子上的张力大小相等，故有
3、T=mg，小物块受到两条绳子的拉力作用大小相等，夹角为120，故受到的合力等于mg，因为小物块受到绳子的拉力和重力作用，且处于平衡状态，故拉力的合力等于小物块的重力为mg，所以小物块的质量为m，故ABD错误，C正确故选C.点睛：解决本题关键是能根据题目给出的几何关系确认拉小物块的两绳夹角为120，再根据两个大小相等互成120两力的合成结论求解即可3.3.如图所示，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动若保持F的大小不变，而方向与水平面成角，物块也恰好做匀速直线运动物块与桌面间的动摩擦因数为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体
4、匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题。【详解】物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动，设物块质量为m，物块与桌面间的动摩擦因数为，则F=mg，保持F的大小不变，而方向与水平面成60角时，物块也恰好做匀速直线运动。对此时的物块受力分析如图所示：据平衡条件可得：FN+Fsin60=mg，Fcos60=f，又 f=FN，联立解得：，故B正确，ACD错误。【点睛】本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程。4.4.我国“玉兔号”月球车被顺利送抵月球表面，并发回大量图片和信息。若该月球车在地球表面的重力为G1，在月球表面的重力为G2。已知地球半径为R1
5、，月球半径为R2，地球表面处的重力加速度为g，则（ ）A. “玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为G1/G2B. 地球的质量与月球的质量之比为C. 卫星在近月球表面轨道上做匀速圆周运动的周期为D. 月球的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为【答案】C【解析】【详解】质量是表示物体含物质多少的物理量，与引力无关，故“玉兔号”月球车在地球表面与月球表面质量之比为1：1，故A错误；根据万有引力等于重力：，可得：，所以地球的质量与月球的质量之比为：，故B错误；根据，又有：，联立可得：，故C正确；第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度：，故月球的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比：，故D错误。所以
6、C正确，ABD错误。5.5.如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M，到小环的距离为L，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F小环和物块以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动整个过程中，物块在夹子中没有滑动小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g下列说法正确的是（）A. 物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB. 小环碰到钉子P时，绳中的张力大于2FC. 物块上升的最大高度为D. 速度v不能超过【答案】D【解析】由题意知，F为夹子与物块间的最大静摩擦力，但在实际运动过程中，夹子与物块间的静摩擦力没有达到最大，故物块向右
7、匀速运动时，绳中的张力等于Mg，A错误；小环碰到钉子时，物块做圆周运动，绳中的张力大于物块的重力Mg，当绳中的张力大于2F时，物块将从夹子中滑出，即，此时速度，故B错误；D正确；物块能上升的最大高度，所以C错误【名师点睛】在分析问题时，要细心题中给的力F是夹子与物块间的最大静摩擦力，而在物块运动的过程中，没有信息表明夹子与物块间静摩擦力达到最大另小环碰到钉子后，物块绕钉子做圆周运动，夹子与物块间的静摩擦力会突然增大6.6.如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L。某人在乒乓球训练中，从左侧L/2处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘。设乒乓球运动为平抛运动。则下
8、列说法不正确的是（ ）A. 击球点的高度与网高度之比为9：8B. 乒乓球在网左右两侧运动时间之比为1：2C. 乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2D. 乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2【答案】C【解析】【详解】因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，由x=v0t得：乒乓球在网左右两侧运动时间之比为1：2球在竖直方向做自由落体运动，根据，可知，击球点的高度与网高之比为 9：8，故AB说法正确；球恰好通过网的上沿的时间为落到右侧桌边缘的时间的一半，竖直方向做自由落体运动，根据v=gt可知，球恰好通过网的上沿的竖直分速度与落到右侧桌边缘的竖直分速度之比为1：3
9、，根据，可知，乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比不是1：2，故C说法错误；网右侧运动时间是左侧的两倍，v=gt，所以乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2，故D说法正确。所以选C。7.7.如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场线中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，则（ ）A. a的速度将减小，b的速度将增大B. a一定带正电，b一定带负电C. 两个粒子的动能，一个增加一个减小D. a的加速度将减小，b的加速度将增加【答案】D【解析】A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；BC、
10、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故BC错误；D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故D正确；故选D。【点睛】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，根据电场力做功来判断动能的变化。8.8.如图所示，质量为m的球与弹簧I和水平细线II相连，、的另一端分别固定于水平和竖直墙上弹簧I与竖直方向夹角为，球静止时，中的拉力为F1、中的拉力为F2，分析当仅剪断、中的一根的瞬
11、间，下列说法正确的是（ ）A. 若剪断，则球的加速度a=g,方向水平向右B. 若剪断，则球的加速度a=F1/m,方向沿的延长线C. 若剪断，则球的加速度a=F2/m,方向水平向左D. 若剪断，则球的加速度a=g,方向竖直向上【答案】C【解析】【分析】球原来静止的状态，由平衡条件求出弹簧和细线的拉力刚剪短细绳时，弹簧来不及形变，故弹簧弹力不能突变；细绳的形变是微小形变，在刚剪短弹簧的瞬间，细绳弹力可突变。根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度。【详解】绳子未断时，受力如图，由共点力平衡条件得：，刚剪断弹簧瞬间，细绳弹力突变为零，故小球只受重力，加速度为g，竖直向下，故A B错误；刚剪断细线瞬间，弹簧弹
12、力和重力不变，受力如图：由几何关系，因而，方向水平向左，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。【点睛】本题为瞬时问题，关键要抓住弹簧弹力不可突变，细绳弹力可突变即可解题。9.9.如图所示,甲、乙、丙是位于同一直线上的离其他恒星较远的三颗恒星，甲、丙围绕乙在半径为R的圆轨道上运行，若三颗星质量均为M，万有引力常量为G，则（ ）A. 甲星所受合外力为B. 乙星所受合外力为C. 其它条件不变，去掉乙星，剩下甲与丙构成双星后，甲星的周期与原来相同D. 甲星和丙星的动能相同，均为【答案】D【解析】【详解】甲星所受的合外力为：，故A错误；甲星和丙星对乙星的万有引力大小相等，方向相反，则乙星所受的合外力
13、为零，故B错误；去掉乙星，甲、丙所受的合力发生变化，轨道半径不变，根据万有引力提供向心力知，周期发生变化，故C错误；甲丙均绕乙星做匀速圆周运动，由于甲、丙所受的合力大小相等，轨道半径相同，则线速度大小相同，即动能相等，根据，可得：，故D正确。所以D正确，ABC错误。10.10.如图所示，光滑大圆环静止在水平面上，一质量为m可视为质点的小环套在大环上，已知大环半径为R，质量为M=3m，小环由圆心等高处无初速度释放，滑到最低点时A. 小环的速度大小为B. 小环的速度大小为C. 大环移动的水平距离为D. 大环移动的水平距离为【答案】BD【解析】A、B、小环滑至最低点时的速度为v1，大环的速度为v2，
14、两物体的系统满足机械能守恒有:,且两物体的系统满足水平方向动量守恒有：，联立解得：，故A错误，B正确；C、D、设小环和大环水平方向发生的位移为x1和x2，两物体的系统满足水平方向反冲原理，结合人船模型的结论可知，且，解得，故C错误，D正确；故选BD.【点睛】机械能守恒定律和动量守恒定律的结合应用，同时是特殊的反冲模型和人船模型。11.11.一匀强电场的方向平行于xoy平面，平面内三点位置如图所示，三点的电势分别为、，下列说法正确的是（ ）A. 电场强度的大小为B. 坐标原点处的电势为C. 电子在a点的电势能比在b点的低D. 电子从b点运动到c点，电场力做功为【答案】ABD【解析】A. 如图所示
15、,在ac连线上,确定一b点电势为17V,根据匀强电场同一直线上，电势差与长度成正比，将cb=4.25cm，bb连线即为等势线,那么垂直bb连线，则为电场线，再依据沿着电场线方向，电势降低，则电场线方向如下图，因为匀强电场,则有：，依据几何关系,则=4.53.6cm，因此电场强度大小为E=（2617）/3.42.5V/cm，故A正确；B. 根据ca=bo,因a、b、c三点电势分别为a=10V、b=17V、c=26V,解得：原点处的电势为0=1V，故B正确；C. 因Uab=ab=1017=7V,电子从a点到b点电场力做功为W=qUab=7eV，因电场力做正功，则电势能减小，那么电子在a点的电势能比在b点的高7eV，故C错误；D. 同理,Ubc=bc=1726=9V,电子从b点运动到c点,电场力做功为W=qUbc=9eV，故D正确；故选：ABD.点睛：根据匀强电场的电场强度公式E=U/d，结合电势差与场强间距，即可求解；依据
