《甘肃省武威一中2020学年高二物理上学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省武威一中2020学年高二物理上学期期中试题（含解析）（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、甘肃省武威一中2020学年高二物理上学期期中试题（含解析） 一、单选题1.如图所示，两个不带电导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，A. 此时A带正电，B带负电B. 此时A电势低，B电势高C. 移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D. 先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合【答案】C【解析】【详解】物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电；故A错误；此时AB为等势体，两端电势相等；故B错误；移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合；故C正确；先把AB分开，则A带负
2、电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开；故D错误2.关于元电荷的理解，下列说法正确的是（ ）A. 元电荷就是电子B. 元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量C. 元电荷就是质子D. 元电荷就是自由电荷的简称【答案】B【解析】【详解】AB. 元电荷是自然界最小的电量，元电荷是与电子的电荷量数值相等的电荷量，但不是电子，故A错误，B正确；C. 元电荷是与质子的电荷量数值相等的电荷量，但不是质子，故C错误；D. 自由电荷通常指存在于物质内部，在外电场作用下能作定向运动的电荷，元电荷不是自由电荷的简称，故D错误3.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在静电力作用
3、下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度v与时间t的关系图象如图所示则此电场的电场线分布可能是选项图中的A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】由v-t图象可知，微粒速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，由F=qE知，场强增大，电场线越来越密电场力方向与其运动方向相反，电场力向左，所以电场线方向向右A该图与结论相符，选项A正确；B该图与结论不相符，选项B错误；C该图与结论不相符，选项C错误；D该图与结论不相符，选项D错误；4.如图所示，实线表示某电场电场线（方向未标出），虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的
4、运动轨迹，设M点和N点的电势分别为，粒子在M和N时加速度大小分别为，速度大小分别为，电势能分别为下列判断正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：将粒子的运动分情况讨论：从M运动到N；从N运动到M，根据电场的性质依次判断；电场线越密，电场强度越大，同一个粒子受到的电场力越大，根据牛顿第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子从M运动到N点，则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，可知在某点的电场力方向和速度方向如图所示，故电场力做负功，电势能增大，动能减小，即，负电荷在低电势处电势能大，故；若粒子从N运动到M，则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，可知在某点的电场力方向
5、和速度方向如图所示，故电场力做正功，电势能减小，动能增大，即，负电荷在低电势处电势能大，故；综上所述，D正确；【点睛】考查了带电粒子在非匀强电场中的运动；本题的突破口是根据粒子做曲线运动时受到的合力指向轨迹的内侧，从而判断出电场力方向与速度方向的夹角关系，进而判断出电场力做功情况5.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点电场线与矩形所在的平面平行已知a点的电势是20V，b点的电势是24V，d点的电势是4V，如图由此可知，c点的电势为（ ）A. 4VB. 8VC. 12VD. 24V【答案】B【解析】试题分析：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分
6、将线段bd五等分，如图所示，则Ube=Ubd=（24-4）=4v，故Ube=b-e=4v，故f-d=4v，故e=24-4=20vf=8v故a=e，连接cf，则cfae，故c点的电势c=f=8v故B正确故选B考点：电势【名师点睛】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布以上两点是解决此类题目的金钥匙【此处有视频，请去附件查看】6.一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变下列说法中正确的是A. 液滴将向下运动B. 液滴将向上运动C. 液滴仍静止不
7、动D. 极板带电荷量将减少【答案】B【解析】【详解】将极板A向下平移一小段距离，电容器板间的电压保持不变，根据E=U/d分析得知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴将向上运动故A错误，B正确将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式得知电容C增大，而电容器的电压U不变，由Q=CU知，极板带电荷量将增大故CD错误故选B7.某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电力线、粒子在A点的初速度以及运动轨迹如图所示由此可以判定（ ）A. 粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B. 粒子在A点的动能小于它在B点的动能C. 粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D. A点的电势低于B点的电势【
8、答案】B【解析】【详解】A. 由电场线可知，点的电场线密，所以点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，即点的加速度小于它在点的加速度，故A错误；BC. 粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从到的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在点的电势能能大于它在点的电势能，粒子在点的动能小于它在点的动能，故B正确，C错误；D. 沿电场线的方向，电势降低，所以点的电势大于点的电势，故D错误8.如图所示为一空腔球形导体(不带电)，现将一个带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，图中a、b、c三点的场强E和电势的关系是()A. E
9、aEbEc，abcB. EaEbEc，abcC. EaEbEc，abcD. EaEcEb，abc【答案】D【解析】【详解】将带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小解：当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则EaEcEb根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是abc故
10、选D9.有一个电流表G，内阻Rg=10满偏电流Ig=3mA，要把它改装成量程03V的电压表，则（ ）A. 要串联一个阻值为990的电阻B. 要并联一个阻值为990的电阻C. 要串联一个阻值为0.10的电阻D. 要并联一个阻值为0.10的电阻【答案】A【解析】【详解】把电流表改装为电压表，应串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：故A正确10.如图所示，A、B两带正电粒子质量相等，电荷量之比为1：4两粒子在O上方同一位置沿垂直电场方向射入平行板电容器中，分别打在C、D两点，OC=CD忽略粒子重力及粒子间的相互作用，下列说法正确的是A. A和B在电场中运动的时间之比为1：2B. A和B运动的加速度大小之
11、比为4：1C. A和B的初速度大小之比为1：4D. A和B的位移大小之比为1：2【答案】C【解析】【分析】带电粒子垂直射入电场中做为平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动.根据牛顿第二定律和运动学公式得到偏转量y的表达式,求解质量之比;根据水平位移与初速度之比求解时间之比.【详解】A、粒子电荷量之比为1：4，粒子在竖直方向上做匀加速运动，由 ，可知 A和B在电场中运动的时间之比为2：1，故A错；B、A、B两带正电粒子质量相等，电荷量之比为1：4，根据 ，所以A和B运动的加速度大小之比为1:4,故B错；C、根据题意OC=CD，两粒子水平方向上做匀速运动，根据 ，可
12、知A和B的初速度大小之比为1：4，故C对；D、A和B的位移大小之比为1：2，竖直方向也有位移，那么合位移之比不能等于1：2，故D错；故选C11.如图所示,A,B为两块竖直放置的平行金属板,G是静电计,开关S合上后,静电计指针张开一个角度.下述做法可使指针张角增大的是()A. 使A,B两板靠近些B. 使A,B两板正对面积错开些C. 断开S后,使B板向左平移减小板间距离D. 断开S后,使A,B板错位正对面积减小【答案】D【解析】【详解】静电计是检测电压的仪器，电压增大可增大指针张角，断开S后电容器电量不变，使B板向左平移一些，电容器的电容增大，由U=Q/C可知电压减小，C错；同理D对；当电容器极板
13、与电源相连时两极板电压不变，张角不变，AB错12.在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，（电压表和电流表均视为理想）下列结论正确的是（ ）A. 灯泡L变亮B. 电源的输出功率变小C. 电流表读数变大D. 电容器C上电荷量减小【答案】B【解析】【详解】AC.当滑动变阻器滑片向左移动，其接入电路的电阻增大，电路的总电阻总增大，总电流减小，即电流表读数变小，根据可知灯泡的功率减小，灯泡变暗，故A、C错误；B.因灯泡内阻大于电源内阻，则滑片向左移动时，外电阻增大，因此电源的输出功率一定减小，故B正确；D.因总电流减小，则由可知，路端电压增大
14、，根据欧姆定律可知灯泡两端电压及内电压减小，故变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故D错误二、多选题13.如图，在一竖直平面内，BCDF段是半径为R的圆弧挡板，AB段为直线型挡板(长为)，两者在B点相切，37，C、F两点与圆心等高，D在圆弧形挡板的最低点，所有接触面均光滑，绝缘挡板处于水平方向场强为的匀强电场中现将带电量为q，质量为m的小球从挡板内侧的A点由静止释放，小球沿挡板内侧ABCDF运动到F点后抛出，在这段运动过程中，下列说法正确的是(sin370.6，cos370.8)A. 匀强电场的场强大小可能是B. 小球运动到D点时动能一定不是最大C. 小
15、球机械能增加量的最大值是D. 小球从B到D运动过程中，动能的增量为【答案】BC【解析】【详解】小球能沿挡板内侧ABC内侧运动，则有：，则得：，故场强大小不可能等于，故A错误；小球在复合场中受重力和电场力，所以小球运动到合力方向上时动能最大，则知在CD之间的某一点上时动能最大，故B正确；小球运动到C点时，电场力做正功最多，小球的机械能增加量最大，所以小球机械能增加量的最大值为，故C正确；小球从B到D运动过程中，根据动能定理得：动能的增量为，故D错误【点睛】小球能沿挡板内侧ABC内侧运动，电场力垂直AB方向的分力必定大于等于重力垂直AB方向的分力，列式可得到场强的大小范围；根据小球的运动情况，分析小球的合力方向，判断什么位置动能最大；根据动能定理求解小球从B到D运动过程中动能的增量；本题关键要根据小球的运动情况，分析其受力情况，运用功能原理和动能定理分析能量的变化14.
