《湖北省公安县2020学年高二物理9月月考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省公安县2020学年高二物理9月月考试题（含解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省公安县车胤中学2020学年高二9月月考 物理试题一、选择题1.关于静电场,下列说法中正确的是 ()A. 在电场中某点的电势为零,则该点的电场强度一定为零B. 电荷在电场中电势高的地方电势能大,在电势低的地方电势能小C. 根据公式U=Ed可知,在匀强电场中两点间的距离越大,电势差就越大D. 正电荷从电势高的点运动到电势低的点,电势能一定减小【答案】D【解析】【详解】在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度不一定为零，例如在等量异种电荷连线的中垂线上各点，选项A错误；正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，选项B错误；根据公式U=Ed可知，在匀强电场中两点间沿电场线的距离
2、越大，电势差就越大，选项C错误；正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减小，选项D正确；故选D.2.如图所示，用起电机使金属球A带正电，靠近验电器B，则()A. 验电器的金属箔片不张开，因为球A没有和B接触B. 验电器的金属箔片张开，因为整个验电器都带上了正电C. 验电器的金属箔片张开，因为整个验电器都带上了负电D. 验电器的金属箔片张开，因为验电器下部的两金属箔片都带上了正电【答案】D【解析】【详解】把一个带正电的物体A，靠近一个原来不带电的验电器的金属小球，验电器的金属小球由于感应会带上负电荷, 金属箔由于感应会带上正电荷，而整个验电器不带电。所以验电器金箔张开，因为验电器下部箔片
3、都带上了正电则相互排斥而张开。故选D。【点睛】（1）验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，金属箔片张开，说明验电器上带了电荷；（2）物体带正电，靠近验电器的金属球时，金属小球由于感应会带上负电荷和金属箔由于感应会带上正电荷；3.如图所示,两根细绳拴着两个质量相等的小球A、B,当它们不带电时,上、下两根细绳中的拉力分别为FA、FB,现在使A、B带同种电荷,此时上、下细绳中的拉力分别为FA、FB,则()A. FA=FA,FBFBB. FA=FA,FBFBC. FAFBD. FAFA,FBFB【答案】A【解析】【详解】运用整体法研究两个质量相等的小球A和B，不管A、B是否带电，整体都受重力和上丝
4、线的拉力，则由平衡条件得：上丝线的拉力F=2mg。所以FA=FA。再隔离B研究，不带电时受重力和下丝线的拉力，由平衡条件得：FB=mg。带电时受重力、下丝线的拉力和A对B的向下的排斥力。由平衡条件得：FB=F+mg。即FBmg。所以FBFB，故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】本题采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力4.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点，其v t图像如图3所示。则此电场的电场线分布可能是选项中的()A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】由v-t图象可知，微粒的速度
5、在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，由F=qE知，场强增大，电场线越来越密。电场力方向与其运动方向相反，电场力向左，所以电场线方向向右。故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】本题考查了速度-时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况能根据电场线的分布判断电场强度的大小5.如图所示，一个电子沿等量异种点电荷连线的中垂线由AOB匀速飞过，电子的重力不计，电子除受电场力以外，受到的另一个力的大小和方向的变化情况为()A. 先变大后变小，方向水平向左B. 先变大后变小，方向水平向
6、右C. 先变小后变大，方向水平向左D. 先变小后变大，方向水平向右【答案】B【解析】【分析】电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化【详解】根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从AOB，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小。则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右。故B正确，ACD错误。故选B。6.如图所示，空间有一水平匀强电场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，在电场力和重力作用下沿图中虚直线由A运动至B，其能量变化情况是()A. 动能减少，重力势
7、能增加，电势能减少B. 动能减少，重力势能增加，电势能增加C. 动能不变，重力势能增加，电势能减少D. 动能增加，重力势能增加，电势能减少【答案】B【解析】【详解】由题，带电微粒做直线运动，所受的合力必须与AB在同一直线上，则知带电微粒所受电场力方向水平向左，所以合力方向与速度方向相反，合力做负功，由动能定理得知，动能减小。重力做负功，重力势能增加。电场力做负功，则电势能增加。故选B。【点睛】解答本题的关键是根据物体做直线运动的条件：合力与速度共线，分析带电微粒所受的电场力方向和合力方向7.在静电场中，将一正电荷从a移动到b点，电场力做了负功，则（ ）A. b点的电场强度一定比a点大B. 电场
8、线方向一定从b指向aC. b点的电势一定比a点高D. 该电荷的动能一定减小【答案】C【解析】电场力做负功，该电荷电势能增加正电荷在电势高处电势能较大，C正确电场力做负功同时电荷可能还受其他力作用，总功不一定为负由动能定理可知，动能不一定减小，D错电势高低与场强大小无必然联系，A错b点电势高于a点但a、b可能不在同一条电场线上，B错视频8.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。电场线与矩形所在平面平行。已知a点的电势为20 V，b点的电势为24 V，d点的电势为4 V，如图所示，由此可知c点的电势为()A. 4 VB. 8 VC. 12 VD. 24 V【答案】B【解
9、析】试题分析：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则Ube=Ubd=（24-4）=4v，故Ube=b-e=4v，故f-d=4v，故e=24-4=20vf=8v故a=e，连接cf，则cfae，故c点的电势c=f=8v故B正确故选B。考点：电势【名师点睛】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布以上两点是解决此类题目的金钥匙。视频9.如图所示，一个方形的金属盒原来不带电，现将一个带电荷量为Q的点电荷放在盒左边附近，达到静电平衡后，盒上的感应电荷在盒子内部产生的电场分布情况正确
10、的是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】由点电荷的电场强度公式E=k得带电量为q的点电荷在周围空间中产生的电场强度为：E=，长方体金属盒达到静电平衡后，长方体金属盒上感应电荷在某点处产生的场强大小与点电荷q在该处产生的电场强度大小相等，则为：E=E=k。感应电荷的电场与点电荷的电场的方向相反。所以只有C正确。故选C。【点睛】感应带电的本质是电荷的转移，当金属导体处于电场时会出现静电平衡现象，关键要理解并掌握静电平衡的特点10.如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略
11、，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是()A. U1变大、U2变大B. U1变小、U2变大C. U1变大、U2变小D. U1变小、U2变小【答案】B【解析】【详解】设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：qU1又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：t 又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at由可得： 又有：；故U2变大或U1变小，都可能使偏转角变大，故选项B正确，选项ACD错误。故选B。【点睛】带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运
12、动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最基本解法第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解11.如图所示,MNQP为有界的竖直向下的匀强电场,电场强度为E,ACB为固定的光滑半圆形轨道,轨道半径为R,A、B为轨道水平直径的两个端点.一个质量为m、电荷量为-q的带电小球从A点正上方高为H处由静止释放,并从A点沿切线进入半圆形轨道.不计空气阻力及一切能量损失,关于带电小球的运动情况,下列说法正确的是 ()A. 小球一定能
13、从B点离开轨道B. 小球在AC部分可能做匀速圆周运动C. 小球到达C点的速度可能为零D. 当小球从B点离开时,上升的高度一定等于H【答案】BD【解析】【详解】由于题中没有给出H与R、E的关系，所以小球不一定能从B点离开轨道，故A错误；若重力大小等于电场力，小球在AC部分做匀速圆周运动，故B正确。若小球到达C点的速度为零，则电场力大于重力，则小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C点的速度不可能为零。故C错误。由于小球在AB部分电场力做功为零，所以若小球能从B点离开，上升的高度一定等于H，故D正确；故选BD。12.如图所示,将带正电的粒子从电场中的A点无初速度释放,不计重力的作用,则下列说法中正
14、确的是()A. 带电粒子一定做加速直线运动B. 带电粒子的电势能一定逐渐增大C. 带电粒子的加速度一定越来越小D. 带电粒子的加速度一定越来越大【答案】AC【解析】【详解】由图看出，带电粒子所在的电场线是直线，则无速度释放后，带电粒子在电场力作用下一定做加速直线运动，电场力做正功，动能增大，电势能减小，故A正确，B错误。据电场线的疏密可知，右侧的场强小，所以带电粒子的电场力小，即加速度逐渐减小，故C正确，D错误。故选AC。【点睛】本题要抓住带电粒子所在的电场线是直线，只在电场力作用下，一定沿电场线做加速直线运动，根据电场力做功正负，即可判断动能和电势能的变化13.如图所示，平行板电容器的两极板
15、A、B接在电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，下列说法中正确的是()A. 保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大B. 保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变C. 断开S，将A板向B板靠近，则增大D. 断开S，将A板向B板靠近，则不变【答案】AD【解析】A、若保持S闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，当将A板向B板靠近时，根据可知，场强增大，对球受力分析，如图所示：结合矢量的合成，则有：，因，可知，电场强度增大，则电场力增大，将增大，故A正确，B错误；B、若断开S，电容器带电量保持不变，由和以及可得：，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则不变，故C错误，D正确。点睛：对于电容器的讨论注意电容器的两种状态，同时熟练掌握公式：、之间的推导，尤其是在电容器电量保持不变时，要正确根据这三个公式推导电场
