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1、河南省太康县第一高级中学2020学年高二物理上学期第二次月考试题（含解析） 一、选择题（12小题，每题4分，共48分，18为单选。912为多选；多选选对4分，不全2分，有错误选项不得分）1. 关于电场，下列说法中正确的是（）A. 电场是电荷周围空间实际存在的物质B. 电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型C. 电荷周围分布的电场线就是电场D. 电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的【答案】A【解析】解：A、电场是实际存在的物质，不是理想化模型故A正确，B错误C、电荷的周围存在电场，而电场线是假想的，故C错误D、电荷间的相互作用是通过电场作媒介产生的故D错误故选A.2. 在x轴的原点O和
2、轴上正方向处的P点，分别固定同种电荷Q1和Q2，已知Q1Q2，OP距离为2d，则场强为零的坐标x区间为（）A. x0 B. 0xd C. dx2 d D. x2 d【答案】C【解析】因同种电荷Q1和Q2，由点电荷电场强度的公式，可知场强为零的坐标x区间在两固定的电荷之间；又已知Q1Q2，因此零电场强度的位置偏离点电荷Q1，偏向点电荷Q2，则场强为零的坐标x区间为：dx2d；故C正确，A、B、D错误；故选C【点睛】考查点电荷电场强度的公式应用，理解矢量合成法则，掌握库仑定律的内容，注意电场强度的矢量性3. 设星球带负电，一带电粉尘悬浮在距星球表面1000km的地方，又若将同样的带电粉尘带到距星球
3、表面2000km的地方相对于该星球无初速释放，忽略星球自转的影响（即粉尘不需要向心力），则此带电粉尘（）A. 向星球下落 B. 仍在悬浮 C. 推向太空 D. 无法判断【答案】B【解析】当带负电粉尘在高度为h处平衡则有：，r为星球的半径；当h变2h时，两力仍然平衡有：故选B【点睛】本题容易出错，学生往往认为随着间距的变化，库仑力在变化，而却忽略了引力随着高度也会发生变化注意这里的高度与星球半径相比不能忽略4. 如图所示，匀强电场中三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，ABC=CAB=30，BC=m已知电场线平行于ABC所在的平面，一个电荷量q=1106 C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加
4、了1.2105J，由B移到C的过程中电场力做功6106 J，下列说法正确的是（）A. 该匀强电场的场强E=1 V/mB. A点的电势低于B点的电势C. B、C两点的电势差UBC=6 VD. A、C两点的电势差UAC=6V【答案】D【解析】C、B、C两点的电势差，故C错误B、A、B两点的电势差，而，即A点电势高于B点电势，B错误。D、而UAC=UAB+UBC=6V，故D正确。A、由三点的电势差关系可知AB的中点电势为6V与C点等势，即AB线为电场线，故，故A错误。故选D.【点睛】本题要掌握电势差公式求解电势差UAB=A-B，根据电势差的正负，判断电势的高低5. 铜的摩尔质量为m，密度为，每摩尔铜
5、原子中有n个自由电子（电量为e），今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为()A. 光速c B. C. D. 【答案】D【解析】单位长度质量为：M=S1；单位长度原子数为：；每个铜原子可以提供一个自由电子，故电子数为；电流；而；解得：；故选D【点睛】本题关键是建立物理模型，根据电流的定义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁6. 如图所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，R1和R2是两个定值电阻。当滑动变阻器的触头向a滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为（ ）A. I1增大，I2减小 B. I1减小，I2增大C. I1增大
6、，I2增大 D. I1减小，I2减小【答案】B【解析】试题分析：当滑动变阻器的触头向a端滑动时，滑动变阻器阻值减小，由“串反并同”的结论可知流过R2的电流增大，流过R1的电流减小，故选B考点：考查闭合电路的动态变化点评：本题难度较小，可根据闭合电路的动态分析判断，先分析局部电阻变化，再分析整体电阻和电流的变化，再分析电源内电阻分得电压变化，最后分析路端电压和局部电流的变化，或者直接应用“串反并同”的结论判断7. 如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总阻值是R1，电阻大小关系为R1R2r，则在滑动触头从a端滑到b端过程中，下列描述错误的是()A. 电路的总
7、电流先减小后增大B. 电路的路端电压先增大后减小C. 电源的输出功率先增大后减小D. 滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大【答案】D【解析】A、当滑动变阻器从ab移动时R1作为并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电流是先减小后增大，故A正确；B、路端电压U=E-Ir，因为电流先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，故B正确；C、当R外=r的时候电源的输出功率最大，当滑片在a端或者b端的时候，电路中R外=R2r,则随着外电阻的先增大后减小，由图象的单调性可知输出功率是先增大后减小的，故C正确；D、滑动变阻器的总电阻R1R2+r，则滑片向右滑，R1的总阻值先增大后减小，则滑动变阻
8、器上消耗的功率是先增大后减小，故D错误本题选错误的故选D.【点睛】本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片P从最右端中间左端总电阻变化情况的判断8. 现有一欧姆表，其内部电源电动势为1.5V，电流表满偏电流为10mA. 该欧姆表使用了一段时间后电源电动势降为1.2V，并且经欧姆调零后，测得某电阻Rx的阻值读数为120，则Rx的实际电阻为多少A：154 B：120 C：96 D：72【答案】C【解析】设欧姆表的内阻为R中：，当测量值为120时的电流值为：；调零后内阻为，则电动势为E=1.2V，电流值为时的电阻值为R测，则，解得R测=96.故选C.【点睛】本题考查欧姆表
9、的原理及测安法测电阻的基本原理，注意根据闭合电路欧姆定律即可求解9. 如图所示，虚线是带电粒子在电场中运动的径迹，不考虑重力和空气阻力，粒子在由电场中的A点运动到B点的过程中，以下判断正确的是（）A. 粒子带正电B. 粒子在A点受到的电场力的大小比在B点受到的大C. 粒子在A点的动能比在B点的动能大D. 粒子在A点的电势能比在B点的电势能大【答案】BC【解析】A、物体做曲线运动时，受到的合力的方向指向轨迹弯曲的内侧，由此可知，该粒子受到的电场力的方向逆着电场线向左，所以粒子带负电，故A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，A点的电场线密，场强大，所以粒子在A点时受到
10、的电场力的大小比在B点受到的大，故B正确；C、D、粒子在由电场中的A点运动到B点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角为钝角，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增加，所以粒子在A点的动能比在B点的动能大，粒子在A点的电势能比在B点的电势能小，C正确，D错误；故选BC.【点睛】对于本题关键是根据粒子运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，运用力学知识来研究粒子在电场中运动的问题10. 两个大小相同的小球带有同种电荷，质量分别为m1和m2，带电量分别为q1和q2，用绝缘细线悬挂后，因静电力而使两悬线张开，分别与铅垂线方向成夹角1和2，且两球静止时同处一水平线上，若1=2
11、，则下述结论正确的是（）A. q1不一定等于q2 B. 一定满足C. m1一定等于m2 D. 必然同时满足q1=q2，m1=m2【答案】AC【解析】题中电荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力F大小却相同，方向相反由于1=2，它们与竖直线所成的角度相等，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定F=m1tan1=m2tan2，则m1=m2，它们的质量一定相等故AC正确，BD错误故选：AC点睛：本题中库仑力是两个小球联系的纽带，由平衡条件分别找出两个小球的质量与库仑力关系是解题的关键。11. 如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向下移动
12、时，下列论述正确的是（）A. 灯泡L一定变亮 B. 电流表的示数变大C. 电压表的示数变小 D. R0消耗的功率变小【答案】AD【解析】试题分析：当R的滑动触点向下滑移动时，R变大，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律知，总电流变小，路端电压变大，则电压表读数变大灯泡L的电压变大，则灯L一定变亮电路中并联部分电压变大，通过L的电流变大，而总电流减小，则电流表A的读数减小，R0消耗的功率变小故ABD正确，C错误故选C。考点：电路的动态分析【名师点睛】此题是关于电路的动态分析问题；关键是搞清电路的结构，先分析变化的电阻的阻值变化情况，然后分析整个电路的电阻变化，再分析整个电路的电流计路端电压的变
13、化，最后回到电路的各个部分，所谓的“局部-整体-局部”的分析思路.12. 如图所示的电路中，在竖直放置的平行板电容器的金属板内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球，带电小球静止时绝缘细线与金属板的夹角为；R1为电阻箱，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻闭合开关S，此时R2的滑片在正中间，电流表和电压表的示数分别为I和U已知电源电动势E和内阻r一定，电表均为理想电表以下说法正确的是（）A. 保持R2不变，增大阻值R1则夹角变大B. 小球带正电，将R2的滑片向左端滑动过程中会有电流流过R2C. 增大R1，则I读数变小，U读数变小D. 减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变【
14、答案】AD【解析】A、增大R1的阻值，即增大R1的电压，即电容器的电压变大，由可知电场强度增大，则平衡时小球的偏角变大，故A正确。B、电容器板间电场方向水平向右，小球受到的电场力也水平向右，所以小球带正电将R2的滑片向左端滑动过程中，电容器的电压不变，带电量不变，没有电流通过R2，故B错误C、增大R1，电路中电流减小，路端电压增大，则I读数变小，U读数变大，故C错误D、根据闭合电路欧姆定律得：U=E-Ir，得，保持不变，即减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变故D正确故选AD.【点睛】解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析要明确与电容器
15、串联的电阻，在电路稳定时相当于导线二、实验题（共16分，13题8分，14题8分，每空2分，电路图2分）13. 为测定一电阻约为10，额定电流为04A的电阻器的电阻，现准备有下列器材：（A）电源E ：内阻不计的6V；（B）电流表A1 ：量程为03A、内阻约为006；（C）电流表A2 ：量程为006A、内阻约为03；（D）电压表V1 ：量程为015V、内阻约为50K；（E）电压表V2 ：量程05V、内阻约为10K；（F）滑动变阻器R1 ：量程为010；（G）滑动变阻器R2 ：量程为01500；（H）电键S和导线若干。（1）实验中要求通过待测电阻的电流能从0起逐渐增大，为尽可能较精确地测出该电阻的阻值，并且调节方便，应用的电流表为_，电压表为_，滑动变阻器为_（填器材符号）（2）画出
