《江西省、上高二物理中联考2020届高三物理下学期第二次月考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省、上高二物理中联考2020届高三物理下学期第二次月考试题（含解析）（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020学年江西省新余四中、上高二中联考高三（下）第二次月考物理试卷 一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.下列说法正确的是A. 某种金属能否发生光电效应取决于照射光的强度B. 卢瑟福通过粒子轰击氮核实验，证实了在原子核内部存在中子C. 个原子核衰变为一个原子核的过程中，发生8次衰变D. 大量处于基态的氢原子在单色光的照射下，发出多种频率的光子，其中一种必与入射光频率相同【答案】D【解析】【详解】某种金属能否发生光电效应取决于照射光的频率，选项A错误；卢瑟福通过粒子轰击氮核实验，证实了在原子核内部存在质子，而查德韦克通过实验证实中子，故B错误；由质量数与质子数守恒，一个原子核衰变为一个
2、原子核的过程中，发生8次衰变，发生6次衰变，故C错误；处于基态的氢原子在某单色光束照射下，先吸收能量向高能级跃迁，然后再从高能级向低能级跃迁，其中从吸收光子后的最高的能级向基态跃迁时发出的光子的能量与吸收的光子的能量是相等的。故D正确；故选D.2.在2020年6月的全球航天探索大会上，我国公布了“可重复使用运载火箭”的概念方案。方案之一为“降伞方案”：当火箭和有效载荷分离后，火箭变轨进入返回地球大气层的返回轨道，并加速下落至低空轨道，然后采用降落伞减速，接近地面时打开气囊，让火箭安全着陆。对该方案设计的物理过程，下列说法正确的是A. 火箭和有效载荷分离过程中该系统的总机械能守恒B. 从返回轨道
3、下落至低空轨道，火箭的重力加速度增大C. 从返回轨道至低空轨道，火箭处于超重状态D. 打开气囊是为了减小地面对火箭的冲量【答案】B【解析】【分析】火箭和有效载荷分离过程中需要做功；根据万有引力定律分析加速度的变化；从返回轨道至低空轨道，火箭的加速度的方向向下；气囊可以缓解火箭与地面之间的冲击力。【详解】火箭和有效载荷分离时，需要火箭对载荷做功，所以机械能不守恒。故A错误；根据万有引力定律：ma=，随高度h的减小，加速度增大。故B正确；从返回轨道至低空轨道的过程中火箭做加速运动，火箭的加速度的方向向下，火箭处于失重状态。故C错误；打开气囊与没有气囊比较，火箭受到的地面的冲量大小是相等的，气囊可以
4、使火箭与地面之间作用的时间延长，减小火箭与地面之间的作用力。故D错误。故选B。3.如图所示，在等边三角形的三个顶点A、B、C上固定三个电荷量相等的点电荷，其中A、B处的点电荷均带正电，C处的点电荷带负电，D、E、F分别为AB、BC、CA边的中点，O为三角形中心，则下列说法正确的是A. 三角形中心O点的电场强度为零B. E、F两点电场强度相同C. D点的电势高于O点的电势D. 把一正点电荷从O点移到E点，该电荷的电势能增大【答案】C【解析】根据点电荷的场强特点可得A、B、C三个点电荷在O点的场强如图所示：可知O点的合场强不为零，故A错误；A电荷在E点产生的场强沿AE的连线指向右上方，B点电荷在E
5、点产生的场强沿BE的连线指向左上方，C点电荷在E点产生的场强沿EC的连线指向左上方，则E点的合场强指向左上方，同理F点合场强指向右上方，故B错误；电场线方向从D指向C，根据沿着电场线电势逐渐降低可知，D点的电势高于O点的电势，故C正确；把一正点电荷从O点移到E点，电场力做正功，该电荷的电势能减小，故D错误。所以C正确，ABD错误。4.如图所示,绷紧的传送带与水平面的夹角,皮带在电动机的带动下,始终保持的速率运行。现把一质量为4kg的工件(可看为质点)轻轻放在皮带的底端,经一段时间后工件被传送到h=8m的高处。已知工件与传送带间的动摩因数为,取g=l0m/s2,在这段时间,工件的速度v,位移x,
6、加速度a,所受合外力F随时间t变化的图象正确的是A. AB. BC. CD. D【答案】A【解析】根据题意可知，皮带的总长度，工件刚放上皮带时受重力，支持力，沿皮带向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律可知，工件做匀加速直线运动，v=at，工件速度达到与皮带速度相同时运动的位移，即，工件速度达到与皮带速度相同时由，所以接下来工件与皮带保持相对静止匀速直线运动，故A正确。二、多选题（本大题共6小题，共34.0分）5.海洋中蕴藏着巨大的能量,利用海洋的波浪可以发电。在我国南海上有一浮桶式波浪发电灯塔,其原理示意图如图甲所示。浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上,浮桶内置线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动,且
7、始终处于磁场中,该线圈与阻值R=15的灯泡相连,浮桶下部由内、外两密封圆筒构成(图中斜线阴影部分),如图乙所示,其内为产生磁场的磁体,与浮桶内侧面的缝隙忽略不计;匝数N=200的线圈所在处辐射磁场的磁感应强度B=0.2T,线圈直径D=0.4m,电阻r=1.取重力加速度g=10m/s2,210.若浮桶随波浪上下运动的速度可表示为v=0.4sin(t)m/s。则A. 灯泡中电流i的瞬时表达式为i=4sin(t)AB. 波浪发电产生电动势e的瞬时表达式为e=0.32sin(t)VC. 灯泡的电功率为120WD. 灯泡两端电压的有效值为V【答案】C【解析】【分析】根据感应电动势公式E=Blv和v=0.
8、4sin（t）m/s，求出电动势e的瞬时表达式；由欧姆定律可得灯泡电流表达式；由电流有效值来计算灯泡电功率；由欧姆定律来计算灯泡电压的有效值。【详解】线圈在磁场中切割磁感线，产生电动势为：Emax=NBlvmax ，其中l=D；联立得：Emax=NBDvmax =2000.20.40.4V=64V；则波浪发电产生电动势e的瞬时表达式：e=Emaxsint=64sin（t）V；根据闭合电路欧姆定律有：；得：i=4sin（t）A，故正确，B错误。灯泡电流的有效值为：I=A，则灯泡的功率为：P=I2R=15=120W，故C正确。灯泡两端电压的有效值为：U=IR=15V=30V，故D错误；故选AC。【
9、点睛】该题关键是用好感应电动势的最大值，该题是运动切割，故速度最大时，对应感应电动势最大；在求解灯泡两端电压时候，用欧姆定律最简单，不用硬套交流有效值公式。6.如图所示，物块P、Q紧挨着并排放置在粗糙水平面上，P的左边用一跟轻弹簧与竖直墙相连，物块P、Q处于静止状态；若直接撤去物块Q，P将向右滑动。现用一个从零开始逐渐增大的水平拉力F向右拉Q，直至拉动Q；那么在Q被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力T的大小、地面对P的摩擦力的大小、P对Q的弹力N的大小、地面对Q的摩擦力的大小的变化情况( )A. T始终增大， 始终减小B. T保持不变， 保持不变C. N保持不变， 增大D. N先不变后增大， 先
10、增大后减小【答案】BC【解析】AB因为若直接撤去Q，P将向右滑动，表明已经达到最大，所以不再变化，弹簧弹力不变，故A错误，B正确；CD对于P、Q整体有 ，其中不变，F增大，所以增大；对于P有，所以N保持不变，故C正确，D错误；故选：BC7.甲、乙两个物体在同一直线上运动,其xt图象如图所示,其中直线b与曲线a相切于点(4,15)。已知甲做匀变速直线运动,下列说法正确的是( )A. 0-1s内两物体运动方向相反B. 前4s内甲的平均速度是乙的平均速度的倍C. t=0时刻，甲的速度大小为10m/sD. 甲的加速度大小为2m/s2【答案】ACD【解析】【详解】x-t图象的斜率的正负表示运动的方向，故
11、前4s内两物体运动方向相同，均为负方向，故A正确；甲做匀变速直线运动，则甲的x-t图像对应于a；前4s内甲的平均速度为：，前4s乙的平均速度为：，故前4s内甲的平均速度是乙的平均速度的3倍，故B错误；直线b与曲线a相切于点(4,15)，可知第4s末的速度v4就是直线b的斜率，所以v4=-2m/s, 前4s内甲的平均速度为-6m/s，所以0时刻甲的速度v0=-10m/s，故甲的加速度。故CD正确。故选ACD。【点睛】位移图象和速度图象都表示物体做直线运动，抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键，知道，平均速度等于位移除以时间。8.如图所示，坐标系xOy平面的一、二、三象限内存在垂直纸面向外，磁感
12、应强度B2.0T的匀强磁场，ON为处于y轴负方向的弹性绝缘薄固定挡板，长度为9m，M点为x轴上一点，OM3m。现有一个比荷大小为可视为质点带正电的粒子（重力不计）从挡板下端N处小孔以某一速度沿x轴负方向射入磁场，若与挡板相碰就以原速率弹回，且碰撞时间不计，碰撞时电量不变，最后都能经过M点，则粒子射入的速度大小可能是A. 10m/sB. 8m/sC. 6m/sD. 3m/s【答案】ABD【解析】试题分析：带正电的小球从挡板下端N处小孔向x轴负方向射入磁场，若与挡板相碰就以原速率弹回，所以小球运动的圆心的位置一定在y轴上，然后由几何关系得出可能的碰撞的次数，以及圆心可能的位置，然后由比较公式即做出
13、判定小球运动的圆心的位置一定在y轴上，所以小球做圆周运动的半径r一定要大于等于3m，而，所以小球最多与挡板ON碰撞一次，碰撞后，第二个圆心的位置在O点的上方也可能小球与挡板ON没有碰撞，直接过M点由于洛伦兹力提供向心力，所以，得（1）若小球与挡板ON碰撞一次，则轨迹可能如图1，设，由几何关系得，联立得：，分别代入得：，（2）若小球没有与挡板ON碰撞，则轨迹如图2，设，由几何关系得，联立得，代入得，故BD正确9.下列说法中正确的是（）A. 已知某物质的摩尔质量为M，密度为，阿伏加德罗常数为NA，则这种物体的分子体积为V0B. 当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小C. 饱和汽和液体之间的动态平
14、衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等D. 自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生E. 一定质量理想气体对外做功，内能不一定减少，但密度一定减小【答案】BCE【解析】【分析】对于固体或液体，可根据摩尔体积与阿伏加德罗常数之比求分子体积当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小饱和汽和液体之间处于动态平衡状态符合能量守恒定律的宏观过程不一定能自然发生根据热力学第一定律分析内能的变化【详解】A、只有对固体或液体，可根据求物体分子的体积，对于气体，由于分子间距较大，不能用求气体分子的体积而求得气体分子平均占有空间;故A错误.B、当分子间的引力和斥力平衡时，分子
15、力为零，分子势能最小;故B正确.C、饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等;故C正确.D、自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程不一定能自然发生，还要遵守热力学第二定律才能发生;故D错误.E、一定质量理想气体对外做功，若气体吸收热量，则内能不一定减少。由于气体的体积增大，所以密度一定减小;故E正确.故选BCE.【点睛】解决本题的关键要建立模型，掌握估算分子体积的方法知道做功和热传递都能改变物体的内能10.一列沿x轴传播的横波在t0.05 s时刻的波形图如图甲所示，P、Q为两质点，质点P的振动图象如图乙所示，下列说法中正确的是_A该波的波速为20 m/sB该波沿x轴负方向传播Ct0.1 s时刻质点Q的运动方向沿y轴正方向Dt0.2 s时刻质点Q的速度大于质点P的速度Et0.3 s时刻质点Q距平衡位置的距离大于质点P距平衡位置的距离【答案】ACD【解析】【分析】本题要在乙图上读出P质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求
