《广东省汕头市金山中学2020学年高二物理上学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省汕头市金山中学2020学年高二物理上学期期中试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广东省汕头市金山中学2020学年高二物理上学期期中试题（含解析） 一、单项选择题（6小题，每题4分，共24分）1.绝缘细线上端固定，下端悬挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时a、b不带电，如图所示，现使b球带电，则()A. a、b之间不发生相互作用B. b将吸引a，吸在一起不分开C. b立即把a排斥开D. b先吸引a，接触后又把a排斥开【答案】D【解析】b球带电就能吸引轻质小球a，接触后电荷量重新分配，那么a、b球带同种电荷，然后就要相互排斥。本题要注意“近旁”，它表示能吸引并能接触。选项D正确。2.下列说法正确的是：（ ）A. 根据EF/q，可知，电场中某点的
2、场强与电场力成正比B. 根据EkQ/r2 ，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比C. 根据场强的叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D. 电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹【答案】B【解析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，由电场本身决定，与F、q无关，故A错误； 点电荷的场强决定式：可知，E与Q成正比，故B正确；场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但不一定比分场强大，也可能相等，也可能比分场强小，故C错误；电场线表示电场的强弱和方向，电荷的轨迹不一定与电场线重合，故D错误。所以B正确，ACD错误。3.一带电粒子从电场中的A点运动到
3、B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则：（ ）A. 粒子带正电B. 粒子的加速度逐渐减小C. A点的场强小于B点的场强D. 粒子的速度不断增大【答案】B【解析】试题分析：做曲线运动过程中，受到的合力指向轨迹的内侧，而粒子只受电场力，所以粒子受到的电场力与电场线方向相反，故粒子带负电，A错误；从A到B过程中，电场线越来越疏，A点的电场强度大于B点的电场强度，所以受到的电场力越来越小，故加速度越来越小，B正确C错误；粒子受到的电场力方向与速度方向夹角为钝角，所以电场力做负功，速度减小，D错误；考点：考查了电场强度，电场线，电势【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判
4、断出电场力方向，利用电场中有关规律求解；明确电场力做功与电势能和动能间的关系4.如图所示，用线把小球A悬于O点，静止时恰好与另一固定小球B接触。今使两球带同种电荷，悬线将偏离竖直方向某一角度1，此时悬线中的张力大小为T1；若增加两球的带电量，悬线偏离竖直方向的角度将增大为2，此时悬线中的张力大小为T2，则：A. T1T2 D. 无法确定【答案】B【解析】本题考查的是库仑定律的应用问题，由受力平衡问题可知，小球A质量未变，则T1T2；B正确；ACD均不正确；5.两电阻，的电流和电压的关系图线如图所示，可知两电阻的大小之比为等于（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】因为该图线为I-U图线
5、，则图线的斜率表示电阻的倒数，两根图线的斜率比为3：1，所以电阻比为1：3故A正确，BCD错误。6.如图所示电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，电流表和电压表均为理想电表，闭合电键S，当滑动变阻器R1的滑动触头P向右滑动时，电表的示数都发生变化，电流表示数变化量的大小为I、电压表V、V1和V2示数变化量的大小分别为U、U1和U2，下列说法错误的是( )A. B. 变小 C. 不变 D. 不变【答案】B【解析】试题分析：当滑动变阻器R1的滑动触头P向右滑动时，R1减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U减小，则U1减小因为U=U1+U2，则U1U2根据闭合电路
6、欧姆定律得：U1=E-I（R2+r），则=R2+r，不变；R2为定值电阻，则=R2，不变由U=E-Ir，得=r，不变，故B错误，ACD正确本题选错误的，故选B考点：电路的动态分析【名师点睛】本题的难点在于确定电压表示数变化量的大小，采用总量法，这是常用方法。二、多项选择题（6小题，每题4分，共24分）7.如图所示是一个由电池、电阻与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两板间距离的过程中（ ）A. 电阻中没有电流B. 电容器的电容变小C. 电阻中有从流向的电流D. 电阻中有从流向的电流【答案】BC【解析】试题分析：增大电容器两极板间距离，根据公式可得电容减小，由于连接在电源两端，所以电容器两
7、极板间的电压恒定，根据公式可得两极板上的电荷量减小，故电容放电，电阻R中有从a流向b的电流，故BC正确；考点：考查了电容器的动态变化【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变8.在如图所示的电路中，电源电动势恒定，要想使灯泡变暗，可以（ ）A. 增大R1 B. 减小R1C. 增大R2 D. 减小R2【答案】AD【解析】试题分析：电源的电动势E、内阻r恒定，要想使灯泡变暗，应使其两端的电压或通过它的电流减小，根据串联电路分压特
8、点可知，可增大R1，R1分担的电压增大，并联部分电压减小，灯泡变暗或者减小R2，并联部分电阻减小，电压也减小，灯泡变暗，故AD正确，BC错误，故选：AD考点：电路的动态分析.9.一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷(电量很小)固定在P点，如图所示.以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，EP表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则( )A. U变小，E不变B. E变大，EP变大C. U变小，EP不变D. U不变，EP不变【答案】AC【解析】试题分析：由，联立得到，将上板下移一小段距离后，金属板的电荷量Q不变，场强E不变，B错
9、；由U=Ed知电势差U减小，D错A对；电势能知电势能W不变，C错。考点：本题考查平行板电容器的公式，电容的定义式，场强与电势差的关系式，电势能的定义式点评：本题学生知道当电容器的电荷量不变时，其场强大小与极板间的距离无关。10. 如图，A、B为水平放置的平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连。两板的中央各有小孔M和N，今有一带电质点，自A板上方相距为d的P点由静止开始自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻力不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路径返回。若保持两极板间电压不变，则A、若把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回B、若把A板向下平移一小段距离，质点自P点自
10、由下落后将穿过N孔继续下落C、若把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回D、若把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落【答案】ACD【解析】由动能定理知P到N,合外力做功为0，即。把A板向上平移一小段距离，电场力做功与重力做功均不变，所以质点自P点自由下落后仍能返回，A对。同理下移电场力做功与重力做功均不变，所以质点自P点自由下落后仍能返回，B错。若把B板向上平移一小段距离，电场力做功不变，重力做功变小，不能到达N点已经返回。C对。同理，若把B板向下平移一小段距离，电场力做功不变，重力做功变大，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落，D对。11. 一束带电
11、粒子沿着水平方向平行地飞过静止的小磁针正上方，这时磁针的N极向纸外方向偏转，这一束带电粒子可能是（ ）A. 向右飞行的正离子束 B. 向左飞行的正离子束C. 向右飞行的负离子束 D. 向左飞行的负离子束【答案】BC【解析】小磁针的S极向纸内偏转，N极向外偏转，因此在粒子下方磁场方向向外，根据安培定则可知电流方向向左，故这束粒子若带正电，则向左飞行，若带负电，则向右飞行，故AC正确，BD错误故选AC点睛：对于电流方向、磁场方向的规定要熟练掌握，尤其是要正确根据安培定则判断电流方向与磁场方向之间的关系12.安培分子电流假说可用来解释（ ）A. 运动电荷受磁场力作用的原因 B. 两通电导体有相互作用
12、的原因C. 永久磁铁具有磁性的原因 D. 软铁棒被磁化的现象【答案】CD【解析】安培所提出的“分子电流”的假说安培认为，在原子、分子或分子团等物质微粒内部，存在着一种环形电流-分子电流，分子电流使每个物质微粒都形成一个微小的磁体未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性；磁化时，分子电流的方向大致相同，于是对外界显示出磁性，故D正确；因此这一假说能够说明电可以生磁，故A错误；两通电导体有相互作用的原因是通过磁体之间的磁场的作用产生的，故B错误；安培提出的分子环形电流假说，解释了为什么磁体具有磁性，说明了磁现象产生的本质，故C正确。所以CD正确，AB错误。三、实验题（每空2分，连线图2
13、分，有一处错不给分，共20分）13.图1中游标卡尺的读数是_mm；图2中螺旋测微器的读数是_mm.【答案】 (1). 33.10 (2). 6.124【解析】【分析】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数.【详解】由图示游标卡尺可知，其示数为：33mm+20.05mm=33.10mm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：6.0mm+12.40.01mm=6.124mm.【点睛】本题考查了游标卡尺与螺旋测微器的读数，要掌握常用器材的使用及读数方法；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读.14. 测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：A待测
14、电压表(量程3V，内阻未知)一块B电流表(量程3A，内阻0.01)一块C定值电阻(阻值5k，额定电流0.5A)一个D电池组(电动势小于3V，内阻可忽略)一个E多用电表一块F开关两只G导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：(1)用多用电表进行粗测：多用电表电阻挡有3种倍率，分别是100、10和1.该同学选择10倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太小为了较准确地进行测量，应选择_倍率换挡后，应注意_若重新测量的结果如图所示，那么测量结果大约是_(2)为了更准确地测出该电压表内阻的大小，该同学设计了如图(甲)、(乙)两实验电路你认为其中较合理的是_(填“甲”或“乙”)电路其
15、理由是_(3)用你选择的电路进行实验时，需要直接测量的物理量是_用上述所测各量表示电压表内阻，其表达式应为RV_.【答案】（1） 3000 （2分） （2）乙 （2分）（3）K2闭合前后电压表的读数分别为U1、U2 （2分）（2分）【解析】：（1）欧姆表指针偏转角度太小，说明所选倍率太小，为了较准确地进行测量，应重新选择100倍率；由图示欧姆表表盘可知，待测电阻阻值为30100=3000（2）电源电动势为3V，电压表内阻约为3000，图甲所示电路电流太小，电流表读数误差太大，实验误差太大，因此不能使用图甲所示实验电路，合理的实验电路是图乙所示实验电路（3）采用图乙所示实验电路，需要测出K2闭合前后电压表的读数U
