《安徽省2020学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省2020学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、蚌埠二中2020学年第二学期3月月考 高二物理试题一、选择题（共12题，每题5分，共60分。其中1-9只有一个选项符合要求，10-12题有多项符合要求选。全部选对得5分,选对但不全得2.5分，选错得0分）1. 在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献。下列说法正确的是A. 奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B. 麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在C. 库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D. 安培发现了磁场对运动电荷的作用规律：洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【答案】AC【解析】试题分析：奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应
2、现象，选项A正确；麦克斯韦预言了电磁波；赫兹用实验证实了电磁波的存在，选项B正确；库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值，选项C正确；洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律；安培发现了磁场对电流的作用规律，选项D错误；故选D.考点：物理学史.2.如图所示,两块水平放置的金属板距离为d,用导线、开关K与一个n匝的线圈连接,线圈置于方向竖直向上的变化磁场B中。两板间放一台小压力传感器,压力传感器上表面静止放置一个质量为m、电荷量为+q的小球,K断开时传感器上有示数,K闭合稳定后传感器上恰好无示数,则线圈中的磁场B的变化情况和磁通量变化率分别是（）A. 正在增加,B. 正
3、在增加,C. 正在减弱,D. 正在减弱,【答案】B【解析】【详解】电键闭合时有：qE=mg，解得：；又， 解得： ；小球带正电，知上极板带负电，根据楞次定律得知，磁场正在增强；故B正确、ACD错误。故选B。3.如图甲所示，绝缘的水平桌面上放置一金属圆环，在圆环的正上方放置一个螺线管，在螺线管中通入如图乙所示的电流，电流从螺线管a端流入为正，以下说法正确的是（）A. 从上往下看，01s内圆环中的感应电流沿顺时针方向B. 01s内圆环面积有扩张的趋势C. 3s末圆环对桌面的压力小于圆环的重力D. 12s内和23s内圆环中的感应电流方向相反【答案】A【解析】【详解】01s线圈中电流增大，产生的磁场增
4、大，金属环中磁通量增大，根据楞次定律可知，从上往下看，0ls内圆环中的感应电流沿顺时针方向，金属环有面积缩小趋势，故B错误，A正确；3s末金属环中感应电流最大，但螺线管中电流为零，没有磁场，与金属环间无相互作用，所以3s末圆环对桌面的压力等于圆环的重力，故C错误；12s正方向电流减小，23s反向电流增大，根据楞次定律，金属环中感应电流的磁场方向不变，感应电流方向不变，故D错误；故选A。4.如图所示,在匀强磁场中放一电阻不计的平行金属导轨,导轨跟大线圈M相连,导轨上放一导线ab,磁感线垂直导轨所在平面,欲使M所包围的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流,则导线ab的运动情况可能是（ ）A. 匀速
5、向右运动B. 加速向右运动C. 减速向右运动D. 匀速向左运动【答案】C【解析】【详解】当ab匀速运动时，线圈M中产生不变的电流，则穿过N的磁通量不变，则在N中不会产生感应电流，选项AD错误；导线ab减速向右运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流减小，由右手定则判断知ab电流方向由ab，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里，穿过N的磁通量减少，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，符合题意。故C正确。由以上分析知，导线ab加速向右运动时，线圈N产生逆时针方向的感应电流，不符合题意。故B错误。故选C。5.如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻
6、R金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）A. ab中的感应电流方向由b到aB. ab中的感应电流逐渐减小C. ab所受的安培力保持不变D. ab所受的静摩擦力逐渐减小【答案】D【解析】磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b，A错误；由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，根据可知电阻R消耗的热功率不变，B错误；根据安培力公式知，电流不变，B均匀减小，则安培力减小，C错误；导体棒受安培力和静摩
7、擦力处于平衡，安培力减小，则静摩擦力减小，D正确6.如图所示，固定放置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一质量为m(质量分布均匀)的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为.现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离L时，速度恰好达到最大(运动过程中杆始终与导轨保持垂直).设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻不计，重力加速度大小为g，则此过程（）A. 杆的速度最大值为B. 流过电阻R的电量为C. 恒力F做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量D. 恒
8、力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量【答案】D【解析】【详解】设杆的速度最大值为v，此时杆所受的安培力为，而且杆受力平衡，则有F=FA+mg，解得，故A错误。流过电阻R的电荷量为故B错误。根据动能定理得：恒力F做的功、摩擦力做的功、安培力做的功之和等于杆动能的变化量，而摩擦力做负功，安培力也做负功，则知恒力F做的功与摩擦力做的功之和大于杆动能的变化量，恒力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量。故C错误，D正确。故选D。7.两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R 的电阻。将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度
9、为B 的匀强磁场垂直，如图所示。除电阻R 外其余电阻不计。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放。则A. 释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB. 金属棒的速度为v时所受的安培力大小为F =C. 金属棒向下运动时，流过电阻R 的电流方向为abD. 电阻R 上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量【答案】AB【解析】金属棒刚释放时，弹簧处于原长，弹力为零，又因此时速度为零，没有感应电流，金属棒不受安培力作用，金属棒只受到重力作用，其加速度应等于重力加速度g，故A正确；金属棒速度为v时，安培力大小为F=BIL，电流：，联立可得：，故B正确；金属棒向下运动时，由右手定则可知，在金属棒上电流方向向右，流
10、过电阻R的电流方向为ba，故C错误；金属棒下落过程中，由能量守恒定律知，金属棒减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能、金属棒的动能（速度不为零时）以及电阻R上产生的热量，故D错误。所以AB正确，CD错误。8.光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程为yx2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是ya的直线(图中的虚线所示)，一个质量为m的小金属块从抛物线yb(ba)处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是()A. mgbB. mv2C. mg(ba)D. mg(ba)mv2【答案】D【解析】试题分析：圆环最终在y=a以下
11、来回摆动，以y=b（ba）处为初位置，y=a处为末位置，知末位置的速度为零，在整个过程中，重力势能减小，动能减小，减小的机械能转化为内能，根据能量守恒得，Q=mg（ba）+mv2故D正确，A、B、C错误故选D9.如图所示的电路中，D1和D2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其电阻值与R相同。在电键接通和断开时，灯泡D1和D2亮暗的顺序是（ ）A. 接通时D1先达最亮，断开时D1后灭B. 接通时D2先达最亮，断开时D2后灭C. 接通时D1先达最亮，断开时D2后灭D. 接通时D2先达最亮，断开时D1后灭【答案】A【解析】电键接通瞬间，电路中立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍
12、电流的增加，故开始时通过灯泡D1的电流较大，故灯泡D1较亮；电路中自感电动势阻碍电流的增加，但不能阻止电流增加，电流稳定后，两个灯泡一样亮，即D1灯泡亮度逐渐正常，电键断开瞬间，电路中电流要立即减小零，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡D1构成闭合回路放电，故断开时D1后灭，故A正确，BCD错误，故选A；点睛：本题考查了通电自感和断电自感，关键是明确线圈中自感电动势的作用是阻碍电流的变化，但不能阻止电流变化.10.如图所示，电阻不计的平行金属导轨固定在一绝缘斜面上，两相同的金属导体棒a、b垂直于导轨静止放置，且与导轨接触良好，匀强磁场垂直穿过导轨平面现用一平行于导轨的恒力F作用在a的中点，
13、使其向上运动若b始终保持静止，则它所受摩擦力可能()A. 为0B. 先减小后不变C. 等于FD. 先增大再减小【答案】AB【解析】本题主要考查电磁感应和力学综合运用。棒a受到恒力F和重力、弹力及摩擦力的作用,在沿斜面方向上棒a先做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动，电路中的电动势先增大后不变，所以b棒受到的安培力也先增大后不变，有平衡可知选项AB正确；CD错误。11.如图所示,甲图中A.B为两个相同的环形线圈,共轴并靠近放置,A线圈中通如图乙所示的交变电流i,则( )A. 从0到t1时间内A.B两线圈吸引B. 从t2到t3时间内A.B两线圈中电流方向相反C. t1时刻两线圈间作用力最大D.
14、t2时刻两线圈间的吸引力为零【答案】BD【解析】【详解】在0到t1时间内，若设顺时针（从左向右看）方向为正，则线圈A电流方向顺时针且大小增大，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小增大，由楞次定律可知，线圈B的电流方向逆时针方向，因此A、B中电流方向相反，出现相互排斥现象，故A错误；在t2到t3时间内，若设顺时针方向（从左向右看）为正，则线圈A电流方向逆时针且大小增大，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，线圈B的电流方向顺时针方向，因此A、B中电流方向相反，故B正确；由题意可知，在t1时刻，线圈A中的电流最大，而磁通量的变化率是最小的
15、，所以线圈B感应电流也是最小，因此两线圈间作用力为零，故C错误；在t2时刻，线圈A中的电流最小，而磁通量的变化率是最大的，所以线圈B感应电流也是最大，但A、B间的相互作用力为零，故D正确；故选BD。12.如图,M为半圆形导线框,圆心为OM;N是圆心角为直角的扇形导线框,圆心为ON;两导线框在同一竖直面(纸面)内;两圆弧半径相等;过直线OMON的水平面上方有一匀强磁场,磁场方向垂直于纸面。现使线框M、N在t=0时从图示位置开始,分别绕垂直于纸面、且过OM和ON的轴,以相同的周期T逆时针匀速转动,则()A. 两导线框中均会产生正弦交流电B. 两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等C. 两导线框中感应电流的周期都等于TD. 在时刻，两导线框中产生的感应电动势相等【答案】CD【解析】【详解】半径切割磁感线产生的感应电动势E=BL =BL2，由于匀速转动，所以进入时，电动势是恒定的，两导线框中均不会产生正弦交流电，故A错误。由半径切割分段分析知道：M线框在转一周内感应电动势的变化是恒正、恒正、恒负、恒负。N线框的变化是恒正、零、恒负、零，所以两导线框的周期相等，都为T，则C正确。根据有效值的定义：对M线框，对N线框，
