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1、安徽省淮南市第二中学2020学年高二上学期期中考试物理（理）试题 一、单选题：本题共8个小题，每小题3分，共24分。1. 以下叙述中正确的是A. 带电量较小的带电体可以看成是点电荷B. 电场线的形状可以用实验来模拟，这说明电场线是实际存在的C. 一般情况下，两个点电荷之间的库仑力比它们之间的万有引力要大得多D. 电场线的分布情况可以反映出电场中各点的场强方向，但无法描述电场的强弱【答案】C.BD、电场线是虚拟的，实际不存在电场线的疏密反应电场的强弱，故BD错误；C、一般情况下，两个点电荷之间的库仑力比它们之间的万有引力要大得多，故C正确；故选C。2. 如图为一块手机电池的背面印有的一些符号，下
2、列说法不正确的是A. 该电池的容量为500mAhB. 该电池的电动势为3.6VC. 该电池在工作1小时后达到的电流为500mAD. 若电池以10mA的电流工作，可用50小时【答案】C3. 在静电场中，让质子逆着电场线的方向由A点移到B点，如图所示，则（ ）A. 电场力做正功，A点电势高于B点B. 电场力做正功，A点电势低于B点C. 电场力做负功，A点电势高于B点D. 电场力做负功，A点电势低于B点【答案】D【解析】试题分析：电场强度方向水平向右，质子带正电在电场中受力方向与电场强度方向相同，故受到从B指向A的电场力，故从A至B的过程中质子受力方向与运动方向相反，故电场力做负功，根据电场力做功与
3、电势能变化的关系知，电场力做负功，电场线方向从B向A，因为沿着电场线方向电势逐渐降低，故A点电势低于B点电势，故D正确。考点：电势能、电势【名师点睛】本题主要考查电场力做功与电势能变化的关系，知道电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加，掌握沿电场线方向电势的变化情况是解决问题的关键。4. 如图所示，长为L的枕形导体原来不带电，O点是其几何中心将一个带正电、电量为Q的点电荷放置在距导体左端R处，由于静电感应，枕形导体的a、b端分别出现感应电荷，k为静电力常量，则（）A. 闭合S，有电子从枕形导体流向大地B. 导体a、b端电势满足关系abC. 导体两端的感应电荷在O点产生的场强大小等于
4、0D. 导体两端的感应电荷在O点产生的场强大小等【答案】D【解析】A、闭合开关，将导体和大地看作整体，离正电荷最近的地方（导体a端）带负电，地球的另一端带正电，即地球另一端的电子流到导体上，故A错误；B、枕形导体是等势体，则有，故B错误；CD、导体棒当达到静电平衡后，导体两端的感应电荷在O点产生的场强大小与点电荷+Q在该处产生的电场强度大小相等，方向相反，则导体两端的感应电荷在O点产生的场强大小为，故C错误，D正确；5. 图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，下列判定错误的是（）A. 粒子在M点速度小于在N点速度B. 粒子在M点电势能小于
5、在N点电势能C. M点的电势高于N点的电势D. M点的加速度小于于N点的加速度【答案】B【解析】ABC、由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电， 粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，则粒子在M点的动能小于在N点的动能，故A正确；粒子M点的电势能大于N点的电势能，粒子M点的电势大于N点的电势，故B错误，C正确；D、场线的疏密反映电场的强弱，所以M点的场强小于N点的场强，所以粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，故D正确；错误的故选B。6. 两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的3倍，然后给
6、它们分别加相同电压后，则在同一时间内它们产生的热量之比为()A. 13 B. 31C. 19 D. 91【答案】C【解析】设原来的电阻为R，把其中的一根均匀拉长到原来的3倍， 横截面积变为原来的倍，根据电阻定律，电阻变为9R，根据焦耳定律，它们分别加相同电压后，则在同一时间内它们产生的热量之比为，故C正确，ABD错误；故选C。7. 小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的IU图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是()A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B. 对应P点，小灯泡的电阻为C. 对应P点，小灯泡的电阻为D. 对应P点，
7、小灯泡的功率为图中曲线PQO所围不规则部分的“面积”。【答案】B【解析】A、I-U图线各点与原点连线的斜率表示电阻，由题，此斜率增大，说明随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A错误；BC、根据电阻的定义得到，对应P点，小灯泡的电阻为，R不等于切线斜率，故B正确，C错误；D、功率公式，对应P点，小灯泡的功率为图线PQOM所围规则部分的“面积”，故D错误；故选B。8. 某示波管在偏转电极XX、YY上不加偏转电压时光斑位于屏幕中心。现给偏转电极XX（水平方向）、YY（竖直方向）加上如图（1）、（2）所示的偏转电压，则在光屏上将会看到下列哪个可能图形(圆为荧光屏，虚线为光屏坐标)()A. B. C
8、. D. 【答案】D【解析】试题分析：由图1可知，x方向加逐渐增大的电压，则电子将向x方向偏转；由图2可知，y方向加正向电压，则电子将向y方向偏转，并打在同一位置；故电子在示波器上形成一条在xy中的直线，故答案为：D考点：示波器【名师点睛】本题考查示波器原理，注意电子在示波器内的时间很短，故可以认为电子在电场中的偏转过程中电压不变。电子水平方向受UX的作用，y方向上受UY的作用，根据电子的受力方向可得出电子所打在的位置，进而确定示波器中看到的图形。二、多选题：本题共4个小题，每小题4分，共16分。9. 在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三只相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙
9、所示；当开关 S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时A. L1的电阻为12B. L1、L2消耗的电功率的比值等于4：1C. L1上的电压为L2上电压的2倍D. L1消耗的电功率为0.75 W【答案】AD【解析】A、据电路图可知据乙图可知电流为0.25A，L1灯泡的电压为3V，L1的电阻为，故A正确；BCD、灯泡L2、L3并联，每个灯泡通过的电流为0.125A，从图乙知电压U21V，L1两端的电压不是L2两端电压的2倍，电流为0.125A时电压大约为0.5V，L1消耗的功率P1=U1I1=0.75W，L2消耗的功率P2=U2I21V0.125A=0.125W，故BC错误，D正确；故选AD。
10、10. 如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点(重力不计)，则从开始射入到打到上极板的过程中, 关于两个带电粒子P、Q ()A. 它们所带的电荷量之比qPqQ12B. 它们动能增加量之比EkPEkQ12C. 它们运动时间的大小关系是tPtQ 12D. 它们运动加速度的大小关系是aPaQ12【答案】AD【解析】试题分析：垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，得到运动时间相等，C错误；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：，由于两带
11、电粒子平行电场方向分位移之比为1：2，所以它们所带的电荷量之比qPqQ12，故A正确；加速度之比aPaQ12，D正确；电场力做的功等于动能的增量=，所以它们动能增加量之比EkPEkQ14，B错误；故选AD。考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；动能定理的应用【名师点睛】本题关键将两个带电粒子的运动沿垂直电场方向和平行电场方向两个方向正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合列式分析。11. 一学生去实验室取定值电阻两只,R1=1k,R2=3k,电压表一个,练习使用电压表测电压.电路连接
12、如图,电源输出电压U=12.0 V不变.该生先用电压表与R1并联,电压表示数为U1,再用电压表与R2并联,电压表示数为U2, 则下列说法正确的是()A. U2一定小于9.0 VB. U1一定大于3.0 VC. U1与U2之和小于12 VD. U1与U2之比一定不等于13【答案】AC【解析】试题分析：不接电压表时，R1、R2串联，电压之比为：，而U1+U2=12V，解得：U1=30V，U2=90V；当电压表并联在R1两端时，有：，解得：U13V，同理，当电压表并联在R2两端时，有：U29V，得：U1+U212V故AC正确，B错误；设电压表内阻为RV，则电压表与R1并联时，其示数； 电压表与R2并
13、联时，其示数,则可知，两电压表读数之比一定等于1：3故D正确故选ACD考点：欧姆定律的应用【名师点睛】本题主要运用串并联的知识讨论电压表对电路的影响，知道并联电压表后并联部分电阻变小，并能明确接入电压表时总电阻减小，同时注意要将电压表视为电阻进行分析，利用串并联电路的规律定量分析电压表示数。12. 一半径为R的均匀带正电圆环水平放置,环心为O点,质量为m的带正电的小球从O点正上方h高的A点静止释放,并穿过带电环,关于小球从A运动到与O对称的点A的过程中,其重力势能、机械能(E)、电势能、加速度(a)随位置变化的图象如图所示(取0点为坐标原点且重力势能为零,加速度的正方向竖直向下,并取无限远处电
14、势为零).其中可能正确的是( )A. B. C. D. 【答案】AB【解析】A、小球从A到圆环中心的过程中，重力势能EpG=mgh，小球穿过圆环后，EpG=-mgh，根据数学知识可知，A是可能的，故A正确；B、小球从A到圆环中心的过程中，电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环后，电场力做正功，机械能增大，故B是可能的，故B正确；C、由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以C是不可能的，故C错误；D、圆环中心的场强为零，无穷远处场强也为零，则小球从A到圆环中心的过程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电
15、场力先增大后减小方向竖直向上，由牛顿第二定律得知，重力不变，则加速度可能先减小后增大；小球穿过圆环后，小球所受的电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小，故D是可能的，故D错误；故选AB。三、实验题：本题共2个小题。（13题每空2分，14题每空1分。共15分。）13. 在“测定金属的电阻率”实验中，(1)练习使用游标卡尺和螺旋测微器，图中游标卡尺的读数为_mm；图中螺旋测微器的读数为_mm(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx.正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：由以上实验数据可知，他们测量Rx是采用图中的_图(选填“甲”或“乙”)(3)(多选)任何实验测量都存在误差本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是_A用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B由于电流表和电压
