《安徽省池州市2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省池州市2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020学年高二年级下学期期中联考 物理第卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项正确，第9-12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分。）1.如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落，如果线圈受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】未进磁场前和全部进入磁场后，都仅受重力，所以加速度a1=a3=g进入磁场的过程中，受到重力和向上的安培力， ，根据牛顿第二定律知 。可知加速度a2g。而由于线框在
2、磁场中也做加速度为g的加速运动，故4位置时的速度大于2时的速度，故4位置时受到的安培力比2位置时受到的安培力大，则此时加速度一定小于2时的加速度，故a4a2；故关系为：a1=a3a2a4，故选C。2.水平放置的金属框架cdef处于如图所示的匀强磁场中，金属棒ab处于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则（ ）A. ab中电流增大，ab棒所受摩擦力增大B. ab中电流不变，ab棒所受摩擦力增大C. ab中电流不变，ab棒所受摩擦力不变D. ab中电流增大，ab棒所受摩擦力不变【答案】B【解析】【详解】磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，根据
3、法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变，ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则摩擦力也均匀增大。故B正确，ACD均错误。3.如图，边长L=20cm的正方形线框abcd共有10匝，靠着墙角放着，线框平面与地面的夹角。该区域有磁感应强度B=0.2T、水平向右的匀强磁场，现将cd边向右拉动，ab边经0.1s着地，在这个过程中线框中产生的感应电动势的大小与方向（）A. 0.8V方向：adcbB. 0.8V方向：abcdC. 0.4V方向：abcdD. 0.4V方向：adcb【答案】D【解析】【详解】初状态的磁通量1=BSsin，末状态
4、的磁通量2=0；根据法拉第电磁感应定律得：；根据楞次定律可知，感应电流的方向：adcba，故D正确，ABC错误；4.如图所示，有两个相邻的有界匀强磁场区域，磁感应强度的大小均为B，磁场方向相反，且与纸面垂直，两个磁场区域在x轴方向宽度均为a，在y轴方向足够宽。现有一个菱形导线框abcd，ac长为2a，从图示位置开始向右匀速穿过磁场区域。若以逆时针方向为电流的正方向，在线框中感应电流i与线框移动距离x的关系图象中正确的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】如图所示，在线圈进入左侧磁场区域的过程中，穿过线圈的磁通量增加，磁场垂直与纸面向里，根据楞次定律可判断，线圈中产生逆时针方向的电流，
5、所以B错误；当位移x=a的时候，线圈切割磁感线的有效长度最大，根据E=Bav可知，产生的感应电动势最大为I0，感应电流最大，然后开始减小。当线圈在两侧磁场区域中切割的有效长度相等时，感应电流减小为零，然后开始反向增大，当x=2a时，磁通量减小为零，感应电动势增大到最大E=B2av，感应电流为-2I0，所以A、D错误；C正确。5.一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示。由图可知（）A. 该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin(25t)VB. 该交流电的频率为4HzC. 该交流电的电压有效值为D. 若将该交流电压加在阻值R=100的电阻两端，则电阻消耗的功率为50W【答案】D【解析】【
6、详解】由图象可知交流电的电压最大值为Um=100V，T=410-2s，故频率为：；=2f=50 rad/s，该交流电的电压瞬时值表达式为：uUmsint100sin50tV，故AB错误；该交流电的电压有效值为，故C错误；若将该交流电加在阻值为R=100的电阻两端，则电阻消耗功率为，故D正确；6.如图所示，在xOy直角坐标系中的第二象限有垂直坐标平面向里的匀强磁场，第四象限有垂直坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小均为B，直角扇形导线框半径为l、总电阻为R，在坐标平面内绕坐标原点O以角速度匀速转动。线框从图中所示位置开始转动一周的过程中，线框内感应电流的有效值是（）A. B. C. D. 【
7、答案】A【解析】【详解】线框从图示的位置逆时针开始运动，上边切割磁感线，产生的电动势：，1/4周期后上边从磁场中出来，下边切割磁感线，电动势仍然是，但此时的电流的方向与开始时相反；再经过1/4周期后线框进入第二象限的磁场，经过1/4周期又从磁场中出来，电动势都是所以在一个周期中，线框内产生的电动势大小始终是，所以感应电流的大小始终是：所以线框从图中所示位置开始转动一周的过程中，线框内感应电流的有效值。故选A。7.一理想变压器原、副线圈匝数比 ，原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如右图所示，副线圈仅接入一个10的电阻，则（）A. 原线圈电流表示数是22AB. 与电阻并联的电压表的示数是C. 经
8、过1分钟电阻发出的热量是D. 变压器的输入功率是【答案】D【解析】【详解】由图象可知，原线圈中电压的最大值为Um=220V，副线圈中电压的最大值，副线圈电压有效值：，则与电阻并联的电压表的示数是100V，选项B错误；经过1分钟电阻发出的热量是，选项C错误；流过电阻的电流：，则次级消耗的功率：P2=I2U2=1000W，则变压器的输入功率是1000W，选项D正确；原线圈电流表的示数是，选项A错误.8.如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m、电阻为R的正方形线圈abcd边长为L（Ld），将线圈在磁场上方高h处由静止释放，cd边刚进入磁场
9、时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，则线圈穿越磁场的过程中（从cd边刚进入磁场一直到ab边刚离开磁场)（）A. 感应电流做功为mgdB. 感应电流做功为mg(d+h)C. 线圈的最小速度不可能为D. 线圈的最小速度一定为【答案】D【解析】【详解】根据能量守恒，研究从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程：动能变化量为0，重力势能转化为线框进入磁场的过程中产生的热量，Q=mgd。cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，所以从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程，线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到ab边刚进入磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到
10、ab边离开磁场的过程，产生的热量Q=2mgd，感应电流做的功为2mgd。故AB错误。线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前已做匀速运动，刚完全进入磁场时的速度最小，则，则最小速度为：故C错误。因为进磁场时要减速，线圈全部进入磁场后做匀加速运动，则知线圈刚全部进入磁场的瞬间速度最小。设线圈的最小速度为vm。线圈从开始下落到线圈刚完全进入磁场的过程，根据能量守恒定律得：；由上可知，Q=mgd；解得线圈的最小速度为：，故D正确。9.如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。当金属框绕ab边以角速度逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为a、b、c。已知b
11、c边的长度为l，下列判断中正确的是（）A. ac，金属框中电流方向沿abcaC. ,金属框中无电流D. ，金属框中电流方向沿abca【答案】AC【解析】【详解】导体棒bc、ac做切割磁感线运动，产生感应电动势，根据右手定则，感应电动势的方向从b到c，或者说是从a到c，故a=bc，磁通量一直为零，不变，故金属框中无电流，故A正确，B错误；感应电动势大小，由于bc，所以Ubc=-Bl2，由于磁通量一直为零，所以金属框中无电流，故C正确，D错误；10.如图所示是调压变压器的原理图，线圈AB绕在一个圆形的铁芯上，总匝数为1000匝，AB间加上如图所示的正弦交流电压，移动滑动触头P的位置，就可以调节输出
12、电压。在输出端连接了滑动变阻器R和理想交流电流表，变阻器的滑动触头为Q。已知开始时滑动触头位于变阻器的最下端，且BP间线圈匝数刚好是500匝，变阻器的最大阻值等于72欧姆，则下列判断中正确的是（）A. 开始时，流过R的交流电频率为25HzB. 0.01s时，电流表示数0C. 保持P的位置不动，将Q向下移动时，R消耗的功率变小D. 保持Q的位置不动，将P沿逆时针方向转动少许，R消耗的功率变大【答案】CD【解析】【详解】变压器不变频，所以周期为0.02秒，频率等于50Hz故A错误。电流表示数为有效值，则0.01s时，交流电压瞬时值为零，但是有效值不为零，即电流表示数不为零，选项B错误；保持P的位置
13、不动，副线圈上的输出电压不变。将Q向下移动时，R上的有效阻值增加，故消耗的功率变小，C正确。保持Q的位置不动，R上的有效阻值不变，将P沿逆时针方向移动少许时，副线圈的匝数增大，输出电压增大，故R消耗的功率变大。D正确。11.如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态。下列说法正确的是（）A. 开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动B. 开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C. 开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指
14、向垂直纸面向外的方向D. 开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动【答案】AD【解析】【详解】开关闭合后的瞬间，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由北到南，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向外，则小磁针N极向纸外偏转，故A正确。干电池开关闭合并保持一段时间后，根据安培定则可知，左边线圈中有磁通量，却不变，因此左边线圈中不会产生感应电流，那么小磁针也不会偏转，故BC错误。开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，由A选项分析可知，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由南到北，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向里，则小磁针N极朝垂
15、直纸面向里的方向转动，故D正确；12.如图甲所示，倾角30、上侧接有R=1的定值电阻的粗糙导轨（导轨电阻忽略不计，且ab与导轨上侧相距足够远），处于垂直导轨平面向上、磁感应强度大小B=1T的匀强磁场中，导轨间距L=1m，质量m=2kg、阻值r=1的金属棒，在作用于棒中点、沿斜面且平行于导轨的拉力F作用下，由静止开始从ab处沿导轨向上加速运动，金属棒运动的速度-位移图象如图乙所示（b点为位置坐标原点）。若金属棒与导轨间动摩擦因数，g=10m/s2，则金属棒从起点b沿导轨向上运动x=lm的过程中（）A. 金属棒做匀加速直线运动B. 金属棒与导轨间因摩擦产生的热量为10JC. 通过电阻R的感应电荷量为1CD. 电阻R产生的焦耳热为0.25J【答案】BD【解析】【详解】v-x图象是直线，如果是匀加速直线运动，根据可知，v-x图象应该是曲线，故金属棒做变加速直线运动，故A错误；金属棒与导轨间因摩擦产生的热量等于克服摩擦力做的功，为：；故B正确；通过电阻R的感应电荷量：；故C错误；电路中产生的焦耳热等于克服安培力做的功，为：；结合v-x图象，其中vx为图象与横轴包围的面
