《四川省雅安市2020学年高二物理上学期期末检测试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省雅安市2020学年高二物理上学期期末检测试题（含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川省雅安市2020学年高二物理上学期期末检测试题（含解析） 一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）1.物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律，为人类的科学做出了巨大贡献。下列描述中符合物理学史实的是A. 安培发现了电流的磁效应B. 奥斯特通过实验测定了磁场对电流的作用力C. 库仑总结出了真空中的两静止点电荷间相互作用的规律D. 法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律【答案】C【解析】奥斯特发现了电流的磁效应，选项A错误；安培通过实验测定了磁场对电流的作用力，选项B错误； 库仑总结出了真空中的两静止点电荷间相互作用的规律，选项C正确；法拉第发现了电磁感应现象，楞次总
2、结出了判断感应电流方向的规律，选项D错误；故选C.2.以下说法正确的是A. 由公式可知，电容器带电量Q与两极板间电势差U成正比B. 由可知，电场中某点的电场强度E与F成正比C. 由公式可知，电场中某点的电势与q成反比D. 由可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大【答案】A【解析】【分析】根据电容的决定式和定义式，可得电容C与电容器带电量Q和两极板间电势差U无关。电场强度由电场本身决定，与检验电荷无关。电场中某点的电势与检验电荷无关。公式中d是两点a、b间沿电场方向的距离。【详解】电容C与电容器带电量Q和两极板间电势差U无关，由电容器本身决定，由公式可知，C一定
3、，电容器带电量Q与两极板间电势差U成正比，故A正确；是电场强度的定义式，采用比值法定义，E与F、q无关，由电场本身决定，故B错误；是电势的定义式，采用比值法定义，与、q无关，由电场本身决定，故C错误；由可知，匀强电场中的任意两点a、b间沿电场方向的距离越大，两点间的电势差才一定越大，故D错误。所以A正确，BCD错误。【点睛】解决本题时要知道、都是采用比值法定义的，要掌握比值法定义的共性来理解C、E、的物理意义，不能单纯从数学角度来理解。3. 真空中两个点电荷的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都不变，把它们之间的距离减少一半，则它们之间的作用力变为（ ）A. 16F B. 8F C. 4F D
4、. 2F【答案】C【解析】试题分析：根据库仑定律：可知，若每个电荷的带电量都不变，把它们之间的距离减少一半，则它们之间的作用力变为，故选C.考点：库仑定律【名师点睛】此题考查了库仑定律的理解和应用；解题的关键是掌握库仑定律的公式：，然后根据题目中已知的各个物理量的关系进行解答判断；此题是基础题，意在考查学生对物理基本公式掌握的熟练程度.4.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O.将电荷量分别为q和q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q()A. 应放在A点，Q2q B. 应放在B点，Q2
5、qC. 应放在C点，Qq D. 应放在D点，Qq【答案】C【解析】试题分析：+q的点电荷在圆心O处的场强与-q的点电荷在圆心O处的场强的合场强方向由O点指向D点，根据几何关系和点电荷的场强公式得；要使圆心处的电场强度为零，只要点电荷Q在圆心O处产生的场强方向由O指向C即可，大小也为，所以，点电荷Q=-q且应发在C点故C正确考点：场强的叠加；点电荷场强。5.2020年1月25日，在中央电视台CCTV10频道播出节目中，海军电力工程专家马伟明院士表示，正在研制设计中的国产003型航母采用电磁弹射已成定局！电磁弹射就是采用电磁的能量来推动被弹射的物体向外运动，电磁炮就是利用电磁弹射工作的电磁炮的原理
6、如图所示，则炮弹导体滑块受到的安培力的方向是（ ）A. 竖直向上B. 竖直向下C. 水平向左D. 水平向右【答案】C【解析】由左手定则可知，炮弹导体滑块受到的安培力的方向是水平向左，故选C.6.如图所示，一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关闭合。在增大电容器两极板间距离的过程中（ ）A. 电容器的电容变小B. 电容器两极板间场强不变C. 电容器两极板间电压增大D. 电阻R中有从a流向b的电流【答案】AD【解析】试题分析：由可知，增大d可以让C减小；A正确；当电容器两极板间距离减小时，电容器电容减小，带电荷量较少，电路中有电荷移动，电阻R中有电流；B错误；由于电容器两端电
7、压不变，根据E=U/d可知电容器两极板间的电场强度减小；C错误；此过程电容器放电，电容器上极板所带正电荷减少，电流从a流向b；D正确；故选AD考点：考查含容电路的分析点评：本题难度较小，平行板电容器在电路中始终与电源相连接，这时对应的电压是不变的以此不变量出发可讨论其他量的变化情况7.如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S1、S2为开关，电压表和电流表均为理想电表。初始时S1与S2均闭合，现将S2断开，则（ ）A. 电压表的示数变大，电流表的示数变大B. 电压表的示数变大，电流表的示数变小C. 电压表的示数变小，电流表的示数变小D. 电压表的示数变小，电流表的示数变大
8、【答案】A【解析】S断开时，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1的电压和内电压减小，故R3两端的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，故A正确；故选A点睛：应用闭合电路欧姆定律解决电路的动态分析时一般可按照：外电路-内电路-外电路的分析思路进行，灵活应用闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质进行分析即可求解8.长为L的均匀金属丝总电阻为R，弯成如图所示的圆形闭合导线环，A、B、C、D四点将圆环等分。将A、C两点接入电压恒为U的电源上时，圆环消耗的功率为P。若将A、B两点接入同样的电源上时，圆环消耗的功率为A. B.
9、C. D. 2P【答案】A【解析】设金属环每一等分的电阻为R，则当A、C点接入电路中时总电阻：R1=R；当AB点接入电路中时总电阻：；由功率公式P=得到：P2：P1=R1：R2=4：3，又P1=P得到：P2=P，故选A.9.如图所示，有一正方形闭合线圈，在足够大的匀强磁场中运动。下列四个图中能产生感应电流的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】线框垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故A错误；线框平行于磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，故B错误；线框绕轴转动，但线框平行于磁场感应线穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生
10、感应电流，故C错误；线框绕轴转动，导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电流，故D正确10.如图，竖直平面内有一正方形，一个质量为m电荷量为q的带正电小球在A点以一定初速度沿AB方向抛出，小球恰好过C点。若在竖直平面内加一个竖直方向的匀强电场，仍将小球在A点沿AB方向抛出，当其初速度减小为原来的一半时，恰好也能通过C点，则电场强度的大小和方向分别是(重力加速度为g，空气阻力不计)A. ，竖直向下B. ，竖直向上C. ，竖直向下D. ，竖直向上【答案】B【解析】当只有重力时，小球作平抛运动，设小球的初速度为v，正方形的边长为l，则：，；当存在匀强电场后，小球做类平抛运动，则：，联立解得：a=g/4
11、；加速度减小，电场力向上，小球带正电，则电场方向竖直向上，由牛顿第二定律得：，即，故B正确。11.如图甲所示,一个圆形线圈的匝数n=100,线圈面积S=200cm2,线圈的电阻r=1,线圈外接一个阻值R=4的电阻,把线圈放入一个方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中,磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示.下列说法中正确的是()A. 线圈两端的电压逐渐增大B. 电阻R上消耗的功率为410-4 WC. 线圈电阻r消耗的功率为410-4 WD. 前4 s内通过R的电荷量为410-4 C【答案】C【解析】根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故A错误由法拉第
12、电磁感应定律：，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为，所以电阻R上消耗的功率为PR=I2R=0.0224W=1.610-3W，选项B错误；线圈电阻r消耗的功率Pr=I2r=0.0221W=410-4W，故C正确；前4s内通过R的电荷量为：Q=It=0.024C=0.08C，故D错误；故选C点睛：此题考查楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小解题时要搞清B-t图像的斜率的物理意义；知道线圈相当于电源12.如图所示，一质量为m、电荷量为q的小球在电场强度为E、区域足够大的匀强电场中，以初速度v0沿ON在竖直面内做匀变速直线运动ON与水平面的夹角为30，重力加速度为g
13、，且mg=Eq，则（ ）A. 电场方向竖直向上B. 小球运动的加速度大小为gC. 小球上升的最大高度为D. 若小球在初始位置的电势能为零，则小球电势能的最大值为【答案】BD【解析】【详解】小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因，所以电场力与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力与水平方向的夹角应为，受力情况如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为，所以加速度为，方向沿ON向下故A错误；由题意可得：小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因mg=Eq，所以电场力Eq与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力qE与水平方向的夹角应为30，受力情况
14、如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为mg，所以加速度为g，B项正确；经对A的分析可知，小球做匀减速直线运动，由运动学公式可得最大位移为，则最大高度为，故C错误；若小球在初始位置的电势能为零，在减速运动至速度为零的过程中，小球克服电场力做功和克服重力做功是相等的，由能量的转化与守恒可知，小球的初动能一半转化为电势能，一半转化为重力势能，初动能为，小球的最大电势能为，故D正确。【考点定位】带电粒子在混合场中的运动、电势能、匀强电场中电势差和电场强度的关系【点睛】本题考查带电粒子在复合场中的运动情况，应在正确分析小球受力情况的基础上，运用牛顿第二定律、运动学公式和功能关系分析，采用的力学方法进行分
15、析。二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）13.如图，一带电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右边。不计重力，下列表述正确的是()A. 粒子带正电B. 粒子在M点的速率最大C. 粒子在电场中的加速度不变D. 粒子在电场中的电势能先增大后减小【答案】CD【解析】由轨迹可知，粒子受电场力向左，则粒子带负电，选项A错误；粒子受到的电场力向左，在向右运动的过程中，电场力对粒子做负功，粒子的速度减小，运动到M点时，粒子的速度最小，所以B错误；粒子在匀强电场中只受到恒定的电场力作用，故粒子在电场中的加速度不变，故C正确；当粒子向右运动时电场力做负功电势能增加，当粒子向左运动时电场力做正功电势能减小，故D正确故选CD点睛：本题就是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小14.通电细杆ab置于倾角为的粗糙平行导轨上，加上如图所的磁场，杆ab恰好静止在导轨上。其中杆与导轨间摩擦力可能为零的是
