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1、四川省攀枝花市第十二中学2020学年高二物理上学期半期调研检测试题（含解析） 一单项选择题（每题3分，共24分；每小题所给的四个选项中，只有一个符合题意）1. 以下说法正确的是（ ）A. 由可知，一个电容器的带电量Q跟两极板间电势差U成正比B. 由可知，电场中某点的电场强度E与F成正比C. 由可知，匀强电场中的任意两点间的距离越大，则电势差也越大D. 由可知，对于同一电荷，在电势高处电势能大【答案】A【解析】根据电容定义式：可知，是比值定义，Q与U成正比，而C与Q及U均没有关系，故A正确；根据电容定义式：可知，也是比值定义，E与F及q均无关，故B错误；场强公式：可知，式中d是沿着电场力方向的位
2、移，匀强电场中沿着电场线方向的距离越大，则电势差也越大，故C错误；由Ep=q可知，对于同一正电荷，在电势高处电势能大；而对于负电荷，则电势越高处电势能越小，故D错误。所以A正确，BCD错误。2. 如图所示，用一个量程为100A的微安表改装成欧姆表，电池的电动势为1.5V，改装后用其测某一电阻，其指针停于25A处，那么此电阻值应为（ ）A. 15k B. 30k C. 45k D. 60k【答案】C【解析】根据闭合电路欧姆定律可得欧姆表电阻为：，指针停于25A处时，根据闭合电路欧姆定律：，带入数据解得：，故C正确，ABD错误。3. 有两只完全相同的电流表，分别改装成一只电流表和一只电压表，一位同
3、学在做实验时误将改装后这两只电表串联起来连接入电路中，则两只电表的指针将出现下列哪种情况（ ）A. 两表指针都偏转，电流表的指针偏转角度较大B. 两表指针都偏转，电压表的指针偏转角度较大C. 两表指针都不偏转D. 两表指针的偏转角度相同【答案】B【解析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，所以电流表的指针几乎不偏转；电压表的指针偏转较大，故B正确，ACD错误。4. 一个电子只在电场力作用下从a点运
4、动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行且等间距的实线可能是电场线，也可能是等势面，则以下说法正确的是（ ）A. 如果实线是等势面，电子在a点的速率一定大于在b点的速率B. 无论图中的实线是电场线还是等势面，a点场强都比b点的场强小C. 无论图中的实线是电场线还是等势面，a点电势都比b点的电势高D. 无论图中的实线是电场线还是等势面，电子在a点的电势能都比b点的电势能小【答案】A【解析】若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高，电子在a点的电势能小于b点的电势能；从a到b电电场力做负功，电子在a点的动能比b点的大，故A正确；若图中
5、实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，则a点的电势比b点低；由于从a点运动到b点电场力做正功，所以电子的电势能减小，即电子在a点的电势能比在b点的电势能大；电场力做正功；电子在a点的动能小于电子在b点的动能，综合以上可知CD错误；由于无论是电场线还是等势能，其疏密程度均可以表示电场强度的大小，故两点的电场强度相同，故B错误。所以A正确，BCD错误。5. 如图所示，A、B为两块竖直放置的平行金属板，G是静电计，开关S合上后，静电计指针张开个角度, .那么下述哪些做法可使指针张角增大（ ）A. 使A、B两板靠近些B. 使A、B两板正对面积错开些C. 断开S后，使A、B两板靠近
6、些D. 断开S后，使A、B正对面积错开些【答案】D【解析】开关S闭合后，电容器的电压不变，静电计的张角不变，故A、B错误；断开S后，电容器的电量Q不变使B板向左平移拉近些，板间距离减小，根据电容的决定式：可知，电容C增大，由定义式：可知，电势差U减小，静电计指针张角减小，故C错误；断开S后，电容器的电量Q不变，使A、B正对面积错开些，根据电容的决定式：可知，电容C减小，由定义式：可知，电势差U变大，静电计指针张角变大，故D错误。所以D正确，ABC错误。6. 如图7所示，直线b为电源的UI图象，直线a为电阻R的UI图象，用该电源和电阻R组成闭合电路，下列说法正确的是（ ）A. 此时电源的输出功率
7、为2W B. 此时电源的效率为33.3%C. 该电源的最大输出功率为4.5 W D. 该电源的内阻为1【答案】C【解析】由a图线可得电阻：，由b图线纵轴的截距得到，电源的电动势为E=3V，电源的内阻为：，故D错误；由图象可得电源的输出功率为P=UI=22W=4W，故A错误；则电源的总功率 P总=EI=32W=6W，电源的效率为：，故B错误；当时，电源的输出功率最大且为：，故C正确。所以C正确，ABD错误。7. 小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。则下列说法中不正确的是（ ）A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电
8、阻增大B. 对应P点，小灯泡的电阻为RU1/I2C. 对应P点，小灯泡的电阻为RD. 对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积【答案】C【解析】试题分析：A、B、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由图象可知，随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，A错误；P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻，故B正确、C错误；因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确故选：BD考点：小灯泡的伏安特性曲线【名师点睛】8. 如图所示，电阻R12 ，小灯泡L上标有“3 V，1.5 W”字样，电源内阻r1 ，滑动变阻器的最大阻
9、值为R0当触头P滑动到最上端a时，电流表的读数为1 A，小灯泡L恰好正常发光，则下列说法错误的是（ ）A. 滑动变阻器的最大阻值R0=6B. 电源电动势E=6VC. 当触头P滑动到最下端b时，电源的输出功率P出4WD. 当触头P滑动到最下端b时，电源的总功率P总12W【答案】C【解析】当触头P滑到a端时，流过小灯泡的电流为：，流过变阻器的电流为：，滑动变阻器的最大阻值为：，故A说法正确；电源电动势为：，故B说法正确；当P滑到b端时，滑动变阻器和小灯泡均被短路，电流总电流为：，电源总功率为：P=EI=62W=12W，内阻消耗的功率为：，则输出功率为：P出=12W-4W=8W，故C说法错误，D说法
10、正确。所以选C.二、不定项选择题（每题3分，共15分。每个小题所给的四个选项中，有一个或两个符合题意，全选正确得3分，少选但正确的得2分，不选或错选得0分）9. 下列说法中正确的是（ ）A. 铅蓄电池的电动势为2 V，这表示电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转变为电能B. 因为电流有方向，所以电流是矢量C. 导体在低于某一温度时，电阻突然变为零的现象叫超导现象，实现这一转变的温度被称为临界温度D. 电阻率与温度和材料有关，各种材料的电阻率都随温度的升高而增大【答案】AC【解析】根据定义式：，可知，铅蓄电池的电动势为2V表示电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转变为电能，故A正确；
11、电流有方向，但其运算不符合平行四边形定则，故电流是标量，故B错误；导体在低于某一温度时，电阻突然变为零的现象叫超导现象，实现这一转变的温度被称为临界温度，故C正确；电阻率与温度和材料有关，不同材料的电阻率都随温度的变化规律不同，金属导体随温度的升高而增大，而半导体随温度的升高而降低，故D错误。所以AC正确，BD错误。10. 一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时( )A. 通过金属导线的电流为I/2 B. 通过金属导线的电流为I/4C. 自
12、由电子定向移动的平均速率为v/2 D. 自由电子定向移动的平均速率为v/4【答案】BC【解析】解：A、B将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律R=分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律I=可知，电流I变为原来的，即为故A错误，B正确C、D电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为故C正确，D错误故选BC考点：闭合电路的欧姆定律；电流、电压概念专题：恒定电流专题分析：将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律R=分析电阻的变化，
13、由欧姆定律分析电流的变化由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化点评：本题关键要抓住物理量之间的关系，要在理解的基础上记住电流的微观表达式11. 在如图所示电路中， r，当变阻器R3的滑片P向b端移动时，下列说法正确的是（ ）A. 电源内部消耗的热功率增大B. 电源的输出功率增大C. 电压表示数变小，电流表示数变大D. 电压表示数变大，电流表示数变小【答案】ABC【解析】由图可知，电阻R2与滑动变阻器并联后与R1串联，电压表测量路端电压；电流表测量滑动变阻器的电流。当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；干路电流增大，根据U=E-Ir可得，路端电压U减小，即电
14、压表示数减小；因干路电流增大，则R1两端的电压增大，并联部分电压减小，则流过R2的电流减小；则流过电流表的电流增大；故C正确，D错误；因外电阻大于内电阻，当滑片向b移动时，总电阻减小，则外部电阻接近内阻，故电源的输出功率增大，故B正确；因为干路电流增大，则由公式P=I2r可知，电源内部消耗的功率增大，故A正确。所以ABC正确，D错误。12. 如图所示为阴极射线管的结构示意图，从阴极脱离出来的电子经阴极和阳极之间的加速电场加速后通过阳极上的小孔。然后在偏转电极间电场作用下发生偏转并最终打在荧光屏上形成亮点P。关于阴极射线管的工作原理，下列说法正确的是（ ）A. 当偏转电极的电势时，电子流将可能沿
15、图示径迹运动并在荧光屏上形成亮点PB. 若只增加阴极和阳极间的加速电压，亮点P将沿y轴远离荧光屏中心0C. 若只减小偏转电极间的电压，亮点P将沿y轴靠近荧光屏中心OD. 若只增加偏转电极间的电压，电子从阴极出发运动到荧光屏的时间将增长【答案】C【解析】当偏转电极的电势ab时，在偏转电场区域电场向上，电子受向下的电场力，故轨迹向下偏，故A错误；若只增加阴极和阳极间的加速电压，根据动能定理：，可知粒子获得的速度增加，所以穿过偏转电场区域的时间减小，在偏转电场区域竖直方向上，根据，可知竖直方向的偏移量减小，故亮点P将沿y轴靠近荧光屏中心O，故B错误；若只减小偏转电极间的电压，根据牛顿第二定律加速度为：，可知加速度减小，因为水平速度不变，电子穿过偏转电场区域的时间不变，根据，可知竖直方向的偏移量减小，故亮点P将沿y轴靠近荧光屏中心O，故C正确；穿过偏转电场区域时，若只增加偏转电极间的电压，水平分速度不变，故其水平分运动的时间不变，故电子从阴极出发运动到荧光屏的时间不变，故D错误。所以C正确，ABD错误。13. 如图所示，AB、CD为一圆的两条直径，且互相垂直，O点为圆心。空间存在一未知静电场，方向与圆周所在平面平行。
