《四川省2020届高三物理上学期联测促改活动试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省2020届高三物理上学期联测促改活动试题（含解析）（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川省2020届高三物理上学期“联测促改”活动试题（含解析） 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在人类认识微观世界的历史长河中，许多伟大的发现构成了一个又一个科学发展的里程碑。在下列核反应中，约里奥居里夫妇发现人工放射性同位素的方程是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】约里奥-居里夫妇发现人工放射性同位素的方程为，故D正确；2.如下图所示，ab间接入u=200sin100tV的交流电源，理想变压器的原副线圈匝数比为21
2、，Rt为热敏电阻，且在此时的环境温度下Rt=2(温度升高时其电阻减小)，忽略保险丝L的电阻，电路中电表均为理想电表，电路正常工作，则A. 电压表的示数为100VB. 保险丝的熔断电流不小于25AC. 原副线圈交流电压的频率之比为21D. 若环境温度升高，电压表示数减小，电流表示数减小，输入功率不变【答案】B【解析】【分析】根据变压器初次级的匝数比求解次级电压有效值即为电压表读数；熔断电流是指有效值；变压器不改变交流电的频率；环境温度升高，则热敏电阻阻值减小，根据次级电压不变进行动态分析.【详解】ab端输入电压的有效值为200V，由于理想变压器的原副线圈匝数比为21，可知次级电压有效值为100V
3、，即电压表的示数为100V，选项A错误；次级电流有效值为 ，则初级电流有效值，则保险丝的熔断电流不小于25A， 选项B正确；变压器不改变交流电压的频率，原副线圈的交流电压的频率之比为11，选项C错误；若环境温度升高，Rt电阻减小，但是由于次级电压不变，则电压表示数不变，电流表示数变大，次级功率变大，则变压器的输入功率变大，选项D错误；故选B.【点睛】要知道有效值的物理意义，知道电表的读数都是有效值；要知道变压器的原副线圈的电压比等于匝数比，并会计算；要会分析电路的动态变化，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况3.中国北斗卫星导航系统是全球四大卫星导航
4、系统之一。2020年8月25日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭以“一箭双星”方式成功发射第三十五、三十六颗北斗导航卫星，其中一颗导航卫星运动轨道半径约为5R(R为地球半径且已知)。某学生经查资料得到同步卫星运动轨道半径约为6.6R，已知万有引力常量G，地球自转周期为T。根据以上数据，不能求出的物理量为A. 地球的质量B. 该导航卫星所受的万有引力C. 该导航卫星的运动周期D. 该导航卫星的运动的线速度【答案】B【解析】【分析】对地球的同步卫星，根据万有引力等于向心力可求解地球的质量；导航卫星的质量不确定，则不能求解该导航卫星所受的万有引力；根据导航卫星所受的万有引力等于向心力可求解
5、该导航卫星的运动周期；根据周期和半径可求解线速度。【详解】对同步卫星，万有引力等于向心力可得： 可求解地球的质量，选项A错误；因导航卫星的质量不确定，则不能求解该导航卫星所受的万有引力，选项B正确；根据，求得了地球的质量后，可求解该导航卫星的运动周期T，选项C错误；根据可求解线速度，选项D错误；故选B.4.如图所示，六个点电荷分布在边长为a的水平放置的正六边形 ABCDEF的六个顶点处，在A、D、F处电荷的电荷量为q，其余各处电荷的电荷量均为+q，光滑的杆固定在正六边形的中心轴上。若让质量为m、带电量为+Q的小环穿在杆上由P点自由释放，则下列说法正确的是A. O点电场强度大小为，方向由O指向F
6、B. O点电势高于P点电势C. 小环从P到O做变加速直线运动D. 小环从P到O的过程电势能先减小后增大【答案】A【解析】【分析】根据六个点电荷的分布情况，根据矢量叠加原理求解O点的场强和方向；电势是标量，叠加时时是代数和，由此求解OP上各点电势关系，由此判断小环在OP上的运动情况和电势能的变化情况.【详解】每一个点电荷在中心O处产生的场强均为，根据场强的叠加原理可得，O点电场强度大小为，方向由O指向F，选项A正确；由电势的叠加可知，OP上各点的电势均为零，则O点电势等于P点电势，选项B错误；小环从P到O电势能不变，则小环只受重力作用而做匀加速直线运动，选项C错误；小环从P到O的过程电势能不变，
7、选项D错误；故选A.【点睛】此题关键是知道场强的叠加原理满足平行四边形法则；而电势的叠加是代数和.5.如图所示，斜劈A与弹簣相连挂于天花板上，斜劈B与粗糙的竖直墙面接触，A、B接触但不粘连。在竖直向上的外力F作用下A、B处于静止，此时弹簧处于原长。现改变力F的大小，使A、B一起匀速向上运动，则在该过程中(弹簧一直在弹性限度范围内)，在下列说法中错误的是A. B一定受4个力B. A、B间的摩擦力逐渐增大C. 上升到某一位置时，A、B将会发生相对滑动D. 若运动中某时刻突然撤去外力，此后上升过程中A对B的作用力逐渐增大【答案】C【解析】【分析】先对整体受力分析，可知墙面与B之间不存在弹力和摩擦力；
8、然后隔离B受力分析；AB之间的弹力和摩擦力的合力在竖直方向，根据上升中弹簧弹力的变化分析两物体之间的摩擦力和压力的变化；撤去F后整体合力向下，则加速度向下，根据牛顿第二定律判断AB间的作用力。【详解】对AB整体分析可知，墙面对B无弹力，则墙面对B无摩擦力；则物体B受重力、A对B的弹力和摩擦力以及本身的重力4个力的作用，选项A正确；随着物体的上移，弹簧弹力增大，则AB之间的弹力和摩擦力均变大，选项B正确；随着物体的上移，因弹力和摩擦力的合力方向总是竖直方向，即弹力和摩擦力成比例的增大，即最大静摩擦力随正压力逐渐变大，可知A、B不可能会发生相对滑动，选项C错误；若运动中某时刻突然撤去外力，此后上升
9、过程中AB的整体向上做减速运动，加速度向下增大，对物体B根据牛顿第二定律：FAB+mBg=mBa，可知A对B的作用力FAB逐渐增大，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选C.6.甲、乙两物体从同一位置沿同一方向做直线运动，其运动图像如图所示，则A. 若纵坐标为位移，0t1时间内甲、乙两物体的平均速率率甲率乙B. 若纵坐标为位移，t1时刻甲、乙的瞬时速度v甲v乙C. 若纵坐标为速度，0 t1时间内甲、乙两物体的平均速度甲乙D. 若纵坐标为速度，在t1时刻甲、乙两物体相遇【答案】AC【解析】【分析】位移时间图像的斜率等于速度，平均速率等与路程和时间的比值；速度时间图像的斜率等于加速度，图像与坐标轴
10、围成的面积等于位移；平均速度等于位移和时间的比值.【详解】若纵坐标为位移，0t1时间内甲先向正方向运动后向负方向运动，而乙一直向正方向运动，两物体到达同一位置，可知甲的路程比乙大，则甲、乙两物体的平均速率率甲率乙，选项A正确；若纵坐标为位移，则图像的切线的斜率等于速度，则t1时刻甲、乙的瞬时速度接近相等，即v甲=v乙，选项B错误；若纵坐标为速度，则图像与坐标轴围成的面积等于位移，则0 t1时间内甲的位移大于乙，则甲、乙两物体的平均速度甲乙，此时在t1时刻甲、乙两物体没能相遇，选项C正确，D错误；故选AC.【点睛】此题关键是理解位移时间图像和速度时间图像的物理意义；位移时间图像的斜率等于速度；速
11、度时间图像的斜率等于加速度，图像与坐标轴围成的面积等于位移.7.如图所示为直角三角形斜劈ABC，ABC=60，P为AB的中点，AP=PB=10m。小物块与AP段的动摩擦因数为1，与PB段的动摩擦因数为2。第一次将BC水平放置，小物块从A点静止释放，滑到B点时速度刚好为零。第二次将AC水平放置，g取10m/s2，下列说法正确的是A. 第一次下滑过程中小物块经过AP段和PB段的时间之比为1(1)B. 1+2=2C. 若第二次小物块在B点由静止释放则一定不下滑D. 若第二次在B点给小物块一个初速度v0=15m/s，小物块刚好能滑到最底端A点【答案】BC【解析】【分析】第一次物体先加速后减速到零，根据
12、两段的平均速度判断时间关系；在整个过程中由动能定理可求解两动摩擦因数的关系；根据在斜面上时的重力沿斜面向下的分力与摩擦力的关系判断物体能否下滑；假设物体能到达斜面最低点，根据动能定理列出方程求解最低点的速度，从而进行判断.【详解】第一次下滑过程中，因初速度为零，末速度为零，则物体一定是先加速后减速，若设到达P点的速度为v，则AP和BP两段的平均速度均为v/2，则小物块经过AP段和PB段的时间之比为1：1，选项A错误；设AB=2L，从A到B由动能定理： ，解得1+2=2，选项B正确；第一次从A开始时下滑时满足，即 ；则；第二次小物块在B点由静止释放，则成立，则小物块在B点由静止释放则一定不下滑，
13、选项C正确；若第二次在B点给小物块一个初速度v0=15m/s，设小物块滑到最底端A点的速度为v，则由动能定理：，解得v2=-175可知，物块不能到达A点，选项D错误；故选BC.8.如图甲所示，在光滑绝缘水平面上，存在磁感应强度B=2T，方向垂直水平面向下、宽L=1.4m、长远大于宽的匀强磁场区域，有一粗细均匀、边长2L=2.8m、质量m=1kg的单匝正方形铜线框，线框cd边初始时刻与磁场右边界重合。现给它一个水平向右的初速度v0=8m/s，同时施加一个垂直于ab边向左的水平恒力F。从此刻开始计时，线框运动的v-t图像如图所示(t1后的图像未画出)，已知线框从计时开始向右运动的最大位移为2.8m
14、.，则下列说法正确的是A. 0.2s-t1s内电流的方向为 adcbaB. 恒力F=20NC. 0.2s时ab间的电压为25.2VD. 线框向右运动时安培力做的总功大于线框向左运动时安培力做的总功【答案】AC【解析】【分析】根据v-t图像可知线圈向右先匀加速运动，后因为受安培力作用做变减速运动，根据右手定则判断感应电流的方向；根据v-t图像求解线圈ab边进入磁场的速度，在根据牛顿第二定律求解外力F；根据E=BLv求解电动势，在根据闭合电路的欧姆定律求解ab间的电压；根据运动的对称性判断线圈向右运动安培力的功与向左运动安培力的功的关系.【详解】由图像可知，0-0.2s内向右做匀减速运动，线圈的磁
15、通量不变，0.2s时刻线圈的ab边进入磁场，t1时刻线圈出离磁场，则根据右手定则可知，0.2s-t1s内电流的方向为 adcba，选项A正确；由图像可知：解得：v=6m/s，则，则F=ma=10N，选项B错误；0.2s时ab边切割磁感线产生的电动势E=B2Lv=33.6V，则 ab间的电压为，选项C正确；因线框从计时开始向右运动的最大位移为2.8m 可知线圈能向右运动到ab边刚好出离磁场，由对称性可知，此过程中线圈中安培力做功等于线圈向左运动到dc边刚进入磁场时安培力的功，然后线圈还能继续向左运动克服安培力做功，可知线框向右运动时安培力做的总功小于线框向左运动时安培力做的总功，选项D错误；故选AC.9.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题。(1)在使用指针式多用电表测量某电阻的阻值时，若机械调零后将选择开关拨至“10”挡，发现指针偏转角度较小，则需要将选择开关拨至_挡(选择“1”或“100”)；拨到正确的挡位后，还需进行_调零，再去测量该电阻的阻值。(2)欧姆表内部电路结构如上图(a)所示，当红黑表笔间接入不同的待测电阻Rx时，流过表头的电流I随R变化的图线如上图(b)所示，则=_。【答案】 (1). 100 (2). 欧姆 (3). 1
