《内蒙古翁牛特旗2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《内蒙古翁牛特旗2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、内蒙古翁牛特旗乌丹第一中学2020学年高二下学期期中考试物理试题 一、选择题（本题共48分。第18题只有一项符合题目要求，每小题4分。第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1.如图，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q在仅受电场力的作用沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处由此可知()A. O为负点电荷B. 在整个过程中正点电荷q的速度先变大后变小C. 在整个过程中正点电荷q的加速度先变大后变小D. 在整个过程中，电场力先做正功后做负功，总功为零【答案】C【解析】试题分析：A、粒子所受合力的方向大致指
2、向轨迹弯曲的凹侧，知正电荷所受的电场力背离点电荷向外，知O为正电荷，故A错误；B、从a处运动到b处，然后又运动到c处，电场力先做负功后做正功，则动能先减小后增大，所以速度先减小后增大，故B错误；C、越靠近点电荷，电场线越密，则电荷所受电场力越大，加速度越大，则加速度先增大后减小，故C正确；D、a与c在同一个等势面上，两点间的电势差为0，根据WqU，知电场力做功为0，故D正确故选CD考点：考查等势面；加速度；电场强度【名师点睛】解决本关掌握通轨迹的弯大致判断力的方向，会根据电场力判断动变化，知道在等势面上移电荷，电场力做功2.如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头p向b端移动时A. 电压表示数变大
3、.电流表示数变小B. 电压表示数变小，电流表示数变大C. 电压表示数变大，电流表示数变大D. 电压表示数变小，电流表示数变小【答案】B【解析】由图可知，与滑动变阻器并联后串联；电压表测量路端电压；电流表测量流过滑动变阻器的电流；当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；干路电流增大，则由U=E-Ir可得，路端电压U减小；电压表示数减小；因干路电流增大，则两端的电压增大，并联部分电压减小，则流过的电流减小；则流过电流表的电流增大；故选B。【点睛】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理3.在如图所示
4、的匀强磁场中，已经标出了电流I和磁场B以及磁场对电流作用力F三者的方向，其中错误的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】解：根据左手定则可知：ABD三图中电流、磁场、安培力方向均和左手定则中要求方向一致，故正确；C图中电流和磁场方向一致，不受安培力，故C错误本题选错误的，故选C【点评】安培定则、左手定则、右手定则等应用容易混淆，因此平时要加强训练，熟练应用这几种定则进行有关物理量的判断4.如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1(左)匀速运动到位置2(右)，则（ ）A. 导线框进入磁场时，感应电流方向为abcdaB. 导线框离
5、开磁场时，感应电流方向为adcbaC. 导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D. 导线框进入磁场时，受到的安培力方向水平向左【答案】D【解析】线框进入磁场时，磁通量增大，因此感应电流形成磁场方向向里，由安培定则可知感应电流方向为adcba，安培力方向水平向左，故A错误，D正确；线框离开磁场时，电流方向为abcda，安培力方向水平向左，故B正确，C错误，故选BD。【点睛】线框进入时bc边切割磁感线，出来时ad边切割磁感线，因此根据右手定则可以判断出电流方向，注意完全进入时，磁通量不变，无感应电流产生；然后根据左手定则判断安培力方向也可以利用楞次定律直接判断电流和受力方向5.在如图所示的电路
6、中，A、B是相同的两个灯泡L是一个带铁芯的线圈，直流电阻可不计调节R，电路稳定时两灯都正常发光，则在开关合上和断开时（ ）A. 两灯同时点亮、同时熄灭B. 合上S时，B比A先达到正常发光状态C. 断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，通过A、B两灯的电流方向都与原来电流的方向相同D. 断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭【答案】B【解析】试题分析：合上S，B灯立即正常发光A灯支路中，由于L产生的自感电动势阻碍电流增大，A灯将推迟一些时间才能达到正常发光状态正确断开S，L中产生与原电流方向相同的自感电动势，流过B灯的电流与原电流反向。因为断开S后，由L作为电源的供电电流是从原来稳定时通过L中的电流
7、值逐渐减小的，所以A、B两灯只是延缓一些时间熄灭，并不会比原来更亮，故选B考点：考查自感现象点评：本题难度较小，断电自感中，线圈中的电流只能从原来大小开始变化，只有当原来稳定时L支路中的电流比通过小灯的电流大得多时，那么当断开S后，由L提供的电流流经小灯时才有可能使小灯闪亮一下后再熄灭6.如图所示，在匀强磁场中放有平行铜导轨，它与大线圈M相连接，要使小线圈N获得顺时针方向的感应电流，则放在导轨上的金属棒ab的运动情况是（两线圈共面放置）（ ）A. 向右匀速运动B. 向左加速运动C. 向左匀速运动D. 向右加速运动【答案】B【解析】【详解】若要让N中产生顺时针的电流，M必须让N中的磁场向里减小或
8、向外增大，所以有以下两个答案。若垂直纸面向里的磁场且大小减小，根据楞次定律与法拉第电磁感应定律，则有导体棒中电流由a到b减小，则导体棒向右减速运动。同理，垂直纸面向外的磁场且大小增大，根据楞次定律与法拉第电磁感应定律，则有导体棒向左加速运动，故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】考查右手定则、法拉第电磁感应定律、右手螺旋定则与楞次定律的应用，注意各定律的作用，同时将右手定则与左手定则区别开7.如图所示，匀强磁场方向垂直于线圈平面，先后两次将线框从同一位置匀速地拉出有界磁场，第一次速度v1=v，第二次速度v2=2v，在先、后两次过程中，错误的是（ ）A. 线框中感应电流之比为1:2B. 线框中产
9、生热量之比为1:2C. 沿运动方向作用在线框上的外力的功率之比为1:2D. 流过任一截面积电荷量之比为1:1【答案】C【解析】【详解】设线圈的长为a，宽为L；线圈中感应电流，可知Iv，故感应电流之比是1：2，故A正确。线圈中产生的热量 Q=I2Rt=，Qv，故热量之比是1：2，故B正确。由于线圈匀速运动，外力与安培力大小相等，为 F=BIL=，外力的功率为 P=Fv=，Pv2，所以外力的功率之比为1：4，故C错误。流过任一横截面感应电荷量 q=It=，可知q与v无关，所以感应电荷量之比为1：1，故D正确。此题选择不正确的选项，故选C。【点睛】要对两种情况下物理量进行比较，我们应该先把要比较的物
10、理量表示出来再求解关键要掌握安培力的表达式和感应电荷量的表达式8.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，如图甲所示，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，则（）A. 从0到t1时间内，导线框中电流越来越小B. 从t1到t2时间内，导线框中电流越来越大C. 从0到t1时间内，导线框中电流的方向为adcbaD. 从t2到t3时间内，导线框中电流的方向为adcba【答案】D【解析】【详解】由图可知，0-1s内，由可知，线圈中磁通量的变化率不变，故0-1s内电流的大小不变，选项A错误；同理可知，1-2s内电路中的电流大小不变，选项B错误
11、；由楞次定律可知，从0到t1时间内，穿过线圈的磁通量向里增加，可知导线框中电流的方向为abcda，选项C错误；同理可判断，从t2到t3时间内，穿过线圈的磁通量向外增加，导线框中电流的方向为adcba，选项D正确；故选D.9.一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可以知道( )A. 0.01s时刻线圈处于中性面位置B. 0.01s时刻穿过线圈的磁通量为零C. 该交流电流有效值为2AD. 该交流电流频率为50Hz【答案】B【解析】试题分析：时刻感应电流最大，感应电动势最大，故线圈与中性面垂直，磁通量为零，故A错误，B正确；该交流电流的最大值为，故有效值为：，故C错误；该电流
12、的周期为，故频率，故D错误。考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【名师点睛】本题关键是明确：当线圈位于中性面时，感应电动势最小，为零；当线圈与中性面垂直时，感应电动势最大。10.在某交流电电路中，有一个正在工作的变压器，它的原线圈匝数n1=600匝，电源电压为U1=220V，副线圈n2=120匝，交流电表测得原线圈通过的电流0.2A，则：（ ）A. 变压器输出功率44WB. 副线圈电流最大值1AC. 副线圈电流有效值1AD. 副线圈电压最大值是44V【答案】AC【解析】【详解】原线圈电压为220V，电流0.2A，则变压器的输入功率为P1=I1U1=44W，则变压器输出功率等于输入功率为
13、P2=44W，选项A正确；由I1n1= I2n2可知，副线圈电流有效值为1A，最大值为A，选项B错误，C正确；原、副线圈的匝数分别为n1=600匝、n2=120匝，电源的电压为U1=220V，所以副线圈电压是U2=44V，电压最大值为44V，选项D错误；故选AC.11.某发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电导线总电阻为R，通过导线的电流为I，学校得到的电压为U2，则输电导线上损耗的功率可表示为A. B. C. I2R D. I(U1-U2)【答案】BCD【解析】本题考查远距离输电线路损耗功率，线路电流为I，线路电阻为r，损耗功率为I 2r，C对，线路压降为（U1 U2），功率为I（
14、U1 U2），BD对；12.质量为m的物体以初速度v0开始做平抛运动，经过时间t，下降的高度为h，速度变为v，在这段时间内物体动量变化量的大小为()A. m(vv0) B. mgt C. m D. m【答案】BCD【解析】A、动量是矢量，动量的变化量应是矢量差，A错误；B、物体做平抛运动，只受重力，动量的变化量应等于合外力的冲量，即p=mgt，B正确；C、再根据速度的分解可得竖直方向的分速度vy=，由vy=gt得t=，则p=mgt=m，C正确；D、平抛运动竖直方向为自由落体运动，故有h=gt2，t=，所以又有p=mg=m，D正确；故选BCD。13.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰，小
15、球的质量分别为m1和m2.图乙为它们碰撞前后的xt(位移时间)图象已知m10.1kg.由此可以判断()A. 碰前m2静止，m1向右运动B. 碰后m2和m1都向右运动C. m20.3 kgD. 碰撞过程中系统损失了0.4 J的机械能【答案】AC【解析】【详解】（1）x-t图像的斜率代表速度，从图像可知，两球在碰撞之前，质量为m1的小球的速度，方向水平向右，质量为m2的小球处于静止状态，则A正确；（2）碰撞后，他们的速度分别为，大小相等，方向相反，故B错误；（3）根据动量守恒可得：，其中，带入数据得：，C正确；（4）碰撞前后，系统损失的机械能为：，故该碰撞为弹性碰撞，不仅动量守恒，机械能也守恒，D错误。故本题正确答案选AC。【点睛】根据x-t图像的斜率，可以确定两小球碰撞前后的速度大小及方向；根据碰撞过程中动量守恒可以确定小球2的质量；根据碰撞前后的两球机械能总和比较，可以确定机械能在碰撞前后是否有损失。二、实验题（10分）14.气垫导轨是
