《2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试(十八)物理试卷.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试(十八)物理试卷.pdf（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1 2020 届全国百师联盟新高考押题模拟考试 十八 物理试卷 祝你考试顺利 注意事项 1 考试范围 高考考查范围 2 答题前 请先将自己的姓名 准考证号用0 5 毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置 并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置 用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑 3 选择题的作答 每个小题选出答案后 用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑 写在试题 卷 草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效 4 主观题的作答 用0 5 毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内 写在试题卷 草稿纸 和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效 5 选考
2、题的作答 先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑 答案用0 5 毫米黑色 签字笔写在答题卡上对应的答题区域内 写在试题卷 草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律 无效 6 保持卡面清洁 不折叠 不破损 7 本科目考试结束后 请将本试题卷 答题卡 草稿纸一并依序排列上交 一 选择题 本大题共10道小题 每题 4 分 共计 40分 其中 1 8 题为单选 9 12 题为多选 漏选得 2 分 错选和不选得0 分 1 物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识 推动了科学技术的创新和革命 促进了物质生产的繁荣与人 类文明的进步 下列表述正确的是 A 伽利略发现地月间的引力满足距离平方
3、反比规律 B 用比值法来描述加速度这个物理量 其表达式a F m C 将物体视为质点 采用了等效替代法 D 卡文迪许通过实验测出了万有引力常量 答案 D 解析 详解 A 牛顿发现地月间的引力满足距离平方反比规律 故A 错误 B 牛顿第二定律中加速度与力成正比 与质量成反比 故不是比值定义法 故B 错误 C 质点采用的物理方法是理想化的物理模型 故C 错误 D 牛顿发现了万有引力定律 但是卡文迪许通过实验测出了万有引力常量 故D 正确 2 故选 D 点睛 本题考查物理学史及物理方法 是常识性问题 对于物理学上重大发现 发明 著名理论要加强 记忆 这也是考试内容之一 2 如图所示 闭合导线框的质量
4、可以忽略不计 将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场 若第一次用0 3 s 时间拉出 外力所做的功为W1 通过导线截面的电荷量为 q1 第二次用0 9 s时间拉出 外力所做的功为 W2 通过导线截面的电荷量为q2 则 A W1 W2 q1 q2 B W1W2 q1 q2 D W1 W2 q1 q2 答案 C 解析 详解 第一次用0 3s时间拉出 第二次用0 9s时间拉出 两次速度比为3 1 由 E BLv 两次感应电动势 比为 3 1 两次感应电流比为3 1 由于 F安 BIL 两次安培力比为 3 1 由于匀速拉出匀强磁场 所以外力 比为 3 1 根据功的定义W Fx 所以 W1 W2 3 1
5、根据电量qIt 感应电流 E I R 感应电动势E t 得 q R 所以 q1 q2 1 1 故 W1 W2 q1 q2 A W1 W2 q1 q2 故 A 错误 B W1W2 q 1 q 2 故 C 正确 D W1 W2 q1 q2 故 D 错误 3 如图 E为内阻不能忽略的电池 R1 R2 R3为定值电阻 S0 S为开关 V 与 A 分别为电压表与电流表 初 3 始时S0与S均闭合 现将 S断开 则 A V 的读数变大 A 的读数变小B V 的读数变大 A 的读数变大 C V 的读数变小 A 的读数变小D V 的读数变小 A 的读数变大 答案 B 解析 详解 S断开 相当于电阻变大 则由闭
6、合电路欧姆定律可得电路中总电流减小 故路端电压增大 V 的 读数变大 把R1归为内阻 内电压减小 故 R3中的电压增大 由欧姆定律可知R3中的电流也增大 电流表示数增大 A 分析得V 的读数变大 的读数变大 故A 错误 B 分析得V 的 读数变大 的读数变大 故B 正确 C 分析得V 的读数变大 的读数变大 故C 错误 D 分析得V 的读数变大 的读数变大 故D 错误 此处有视频 请去附件查看 4 如图所示 电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动 然后射入电势差为U2的两块平行极板间的 偏转电场中 在满足电子能射出平行极板区的条件下 下述四种情况中 一定能使电子的偏转角 变小的 是 A
7、U 1变大 U2变大 B U 1变小 U2变大 C U1变大 U2变小D U1变小 U2变小 4 答案 B 解析 详解 设电子被加速后获得初速为v0 则由动能定理得 2 10 1 2 qUmv 又设极板长为l 则电子在电场中偏转所用时间 0 l t v 又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a 由牛顿第二定律得 2 qU a dm 电子射出偏转电场时 平行于电场方向的速度 vy at 由 可得 2 0 y qU l v dmv 又有 22 2 001 tan 2 y v qU lU l vdmvdU A U1变大 U2变大 偏转角 不一定变大 故A 错误 B U1变小 U2变大 偏转角 一
8、定变大 故B 正确 C U1变大 U2变小 偏转角 一定变小 故C 错误 D U1变小 U2变小 偏转角 不一定变大 故D 错误 5 一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积 间距和电荷量不变 在两极板间插入一电介质 其电容 C 和两极板间的电势差U 的变化情况是 A C 和 U 均增大B C 增大 U 减小 C C 减小 U 增大D C 和 U 均减小 答案 B 解析 解 由公式知 在两极板间插入一电介质 其电容C 增大 由公式知 电荷量不变时U 减小 5 B 正确 故选 B 点评 本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用 此处有视频 请去附件查看 6 为研究太阳系内行星的运动 需要知道太
9、阳的质量 已知地球半径为R 地球质量为m 太阳与地球中心 间距为 r 地球表面的重力加速度为g 地球绕太阳公转的周期为T 则太阳的质量为 A 23 22 4mr T R g B 23 22 4r T R g C 23 4mr gR D 22 23 4R mg T r 答案 A 解析 详解 地球表面物体重力等于万有引力 2 Gm m m g R 得 2 gR G m 设太阳的质量为M 地球围绕太阳做圆周运动万有引力提供向心力有 2 22 4GMm mr rT 得 2323 222 44rmr M GTT R g A 23 22 4mr T R g 故 A 正确 B 23 22 4r T R g
10、故 B 错误 C 23 4mr gR 故 C 错误 6 D 22 23 4R mg T r 故 D 错误 7 如图 一半径为R 粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置 直径 POQ 水平 一质量为m 的质点 自 P 点上方高度R处由静止开始下落 恰好从P 点进入轨道 质点滑到轨道最低点N 时 对轨道的压力为 4mg g 为重力加速度的大小 用 W表示质点从 P 点运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功 则 A W 1 2 mgR 质点恰好可以到达Q 点 B W 1 2 mgR 质点不能到达Q 点 C W 1 2 mgR 质点到达Q 点后 继续上升一段距离 D W 1 2 mgR 质点到达Q
11、点后 继续上升一段距离 答案 C 解析 详解 质点滑到轨道最低点N 时 对轨道的压力为4mg 故由牛顿第二定律可得 2 1 4 N v mgmgm R 解得 1 3 N vgR 那么对质点从静止下落到N 的过程应用动能定理可得 2 1 11 2 22 N WmgRmvmgR 由于摩擦力做负功 故质点在半圆轨道上相同高度时在NQ 上的速度小于在PN 上的速度 所以质点对轨道 的压力也较小 那么摩擦力也较小 所以质点从N 到 Q 克服摩擦力做的功W1 1 2 mgR 质点不能到达Q 点 故 B 错误 C W 1 2 mgR 质点到达Q 点后 继续上升一段距离 故 C 正确 D W 1 2 mgR
12、质点到达Q 点后 继续上升一段距离 故 D 错误 8 如图甲所示 线圈A B紧靠在一起 当给线圈A通以如图乙所示的电流 规定由a 进入 b流出为电流 正方向 时 则电压表的示数变化情况 规定电流由c 进入电压表为正方向 应为下列图中的 A B C D 答案 D 解析 分析 根据右手螺旋定则判断出线圈A产生的磁场极性 由于产生原磁场的电流在增大 根据楞次定律判断线圈B中感应电流方向 根据法拉第地磁感应定律得出感应电动势的大小不变 解答 解 规定由a 进入 b 流出为电流正方向 0 1s 电流为正值 随时间均匀增大 根据右手螺旋定则判断出线圈A 产生的磁场左端是N 极 右端是S 极 由于产生原磁场
13、的电流在增大所以原磁场穿过线圈B的磁通量均匀增大 根据楞次定律判断出线圈B 中感应电流方向是从d 经过电压表再经过c 也就是在图中电压为负值 根据法拉第地磁感应定律得出产生的感应电动势为不变 为定值 依次求出1 4s 过程中电压变化情况 故选 D 8 点评 本题中的感应电动势为感生电动势 关键是根据楞次定律判断电流方向 根据法拉第地磁感应定律 判断感应电动势的大小 9 如图所示 水平传送带A B 两端点相距 x 4 m 以 v0 2 m s的速度 始终保持不变 顺时针运转 今将一 小煤块 可视为质点 无初速度地轻放在A 点处 已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0 4 g 取 10 m s2 由
14、 于小煤块与传送带之间有相对滑动 会在传送带上留下划痕 小煤块从A 运动到 B 的过程中 A 所用的时间是 2s B 所用的时间是2 25 s C 划痕长度是4 mD 划痕长度是0 5 m 答案 BD 解析 详解 AB 煤块在传送带上滑动时 根据牛顿第二定律有 mgma 解得 a g 4m s2 当煤块速度和传送带速度相同时 位移为 22 0 1 2 m0 5m 4m 224 v s a 因此煤块先加速后匀速运动 加速时间为 0 1 2 s0 5s 4 v t a 匀速运动的时间为 1 2 0 40 5 s1 75s 2 xs t v 小煤块从A 运动到 B 的过程中总时间为 t t1 t2
15、0 5 1 75 2 25s 故 A 错误 B 正确 CD 在加速阶段产生相对位移即产生划痕 固有 9 s v0t1 s1 2 0 5 0 5 0 5m 故 C错误 D正确 10 如图所示 一块长木板B 放在光滑的水平面上 在 B 上放一个木块 A 现以恒定的拉力F拉 B 由于 A B 间的摩擦力的作用 A 将在 B 上滑动 以地面为参照物 A B 都向右移动一段距离 在此过程中下列中 说法正确的是 A B 对 A 的摩擦力所做的功等于A 的动能增量 B 外力 F所做的功等于系统 A 和 B 的动能增量 C 外力 F对 B 所做的功等于B 的动能增量与B 克服摩擦力所做的功之和 D A 对 B
16、 的摩擦力所做的功等于B 对 A 的摩擦力所做的功 答案 AC 解析 详解 A 对 A 物运用动能定理 则有B 对 A 的 摩擦力所做的功 等于A 的动能的增量 故A 正确 B 选择 A 和 B 作为研究对象 运用动能定理研究 B 受外力 F 做功 A 对 B 的摩擦力与 B 对 A 的摩擦力是 一对作用力与反作用力 大小相等 方向相反 但是由于A 在 B 上滑动 A B对地的位移不等 故二者做 功不等 故 WF f x EkA EkB 其中 x 为 A B 的相对位移 所以外力 F 做的功不等于A 和 B的 动能的增量 故B 错误 C 对 B 物体应用动能定理 WF W f EkB Wf为 B 克服摩擦力所做的功 即WF EkB Wf 就是外力 F 对 B 做的功等于B 的动能增量与 B 克服摩擦力所做的功之和 故C 正确 D A对 B 的摩擦力与B对 A 的摩擦力是一对作用力与反作用力 大小相等 方向相反 但是由于A 在 B上 滑动 A B 对地的位移不等 故二者做功不等 故D 错误 故选 AC 点睛 运用动能定理时 研究对象如果是系统 系统的内力做功也要考虑 一般情况下两物体相对
