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1、和平区20172018学年度第一学期高三年级期末质量调查试卷数学（理）第卷（共40分）一、选择题：本大题共8个小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 设集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】集合，集合故选C2. “”是“关于的方程有实数根”的（ ）A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】若关于的方程有实数根，即不一定等于故选A3. 设变量满足约束条件则目标函数的最大值为（ ）A. 9 B. 5 C. 1 D. -5【答案】B【解析】由约束条件作出可行域如图所示：目标函数可化
2、为由图可知当直线过点时，取最大值故选B点睛：本题主要考查线性规划中利用可行域求目标函数的最值，属简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”：（1）作出可行域（一定要注意是实线还是虚线）；（2）找到目标函数对应的最优解对应点（在可行域内平移变形后的目标函数，最先通过或最后通过的顶点就是最优解）；（3）将最优解坐标代入目标函数求出最值.4. 已知双曲线的右焦点为，若过点的直线与双曲线的右支有且只有一个交点，则该直线斜率的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】双曲线的方程为双曲线的渐近线方程为，右焦点过点的直线与双曲线的右支有且只有一个交点直线的斜率在和之间，包括端点
3、故选D5. 阅读下面的程序框图，运行相应的程序，则输出的的值为（ ）A. 72 B. 90 C. 101 D. 110【答案】B【解析】输入参数第一次循环，满足，继续循环第二次循环，满足，继续循环第三次循环，满足，继续循环第四次循环，满足，继续循环第五次循环，满足，继续循环第六次循环，满足，继续循环第七次循环，满足，继续循环第八次循环，满足，继续循环第九次循环，不满足，跳出循环，输出故选B点睛：此类问题的一般解法是严格按照程序框图设计的计算步骤逐步计算，逐次判断是否满足判断框内的条件，决定循环是否结束要注意初始值的变化，分清计数变量与累加(乘)变量，掌握循环体等关键环节6. 将函数的图象向左平
4、移个单位，得到图象对应的解析式为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】将函数的图像向左平移个单位，得故选D7. 如图，正方形的边长为2，为的中点，且与相交于点，则的值为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】以为原点，所在的直线分别为轴，轴建立平面直角坐标系，则，为的中点，直线的方程为，直线的方程为联立，得，故选A点睛：这个题目考查的是向量基本定理的应用，向量的数量积运算.解决向量的小题常用方法有：数形结合，向量的三角形法则，平行四边形法则等；建系将向量坐标化；向量基底化，选基底时一般选择已知大小和方向的向量为基底.8. 已知函数若始终存在实数，使得函数的零点不唯一，则的取值
5、范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】由题可知函数的零点不唯一，等价于两函数与图象的交点个数不唯一的图象是开口向下、对称轴的抛物线，的图象是恒过的直线，注意到、，则分、三种情况讨论：当时，在上为增函数，在上为减函数，在上为减函数（当时为常数函数）在上为增函数，在上为减函数始终存在实数使得在上与图象的交点个数不唯一当时，在上为增函数，在上为减函数在上为增函数，且始终存在实数使得在上与图象的交点个数不唯一当时，在上为增函数，在上为增函数，欲使始终存在实数使得在上与图象的交点个数不唯一，则必有，即，解得：综上所述，的取值范围是故选C点睛：已知函数零点的个数（方程根的个数）求参数值（取
6、值范围）的方法(1)直接法：直接求解方程得到方程的根，再通过解不等式确定参数范围；(2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数的值域问题加以解决，如在本题中，方程根的个数，即为直线与函数图象的公共点的个数；(3)数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解，对于一些比较复杂的函数的零点问题常用此方法求解 第卷（共110分）二、填空题（每题5分，满分30分，将答案填在答题纸上）9. 已知是虚数单位，则复数_【答案】【解析】结合复数的运算法则有：.10. 的展开式中的系数为_（用数字作答）【答案】60【解析】的展开式的通项公式为令得的系数为故答案为6011.
7、 一个由棱锥和半球体组成的几何体，其三视图如图所示，则该几何体的体积为_【答案】【解析】由三视图可得，该几何体是一个组合体，其上半部分是一个四棱锥，四棱锥的底面是一个对角线长度为2的菱形，高为2，其体积为：，下半部分是半个球，球的半径，其体积为据此可得，该几何体的体积为.点睛：(1)求解以三视图为载体的空间几何体的体积的关键是由三视图确定直观图的形状以及直观图中线面的位置关系和数量关系，利用相应体积公式求解；(2)若所给几何体的体积不能直接利用公式得出，则常用等积法、分割法、补形法等方法进行求解12. 已知，则的最小值为_【答案】-1【解析】又，当且仅当，即时取等号最小值为故答案为点睛：本题主
8、要考查利用基本不等式求最值，属于中等题.利用基本不等式求最值时，一定要正确理解和掌握“一正，二定，三相等”的内涵：一正是，首先要判断参数是否为正；二定是，其次要看和或积是否为定值（和定积最大，积定和最小）；三相等是，最后一定要验证等号能否成立（主要注意两点，一是相等时参数否在定义域内，二是多次用或时等号能否同时成立）.13. 已知函数，若，则的值为_【答案】4【解析】依题意函数的自变量满足，即，此时恒成立故答案为414. 现有6个人排成一横排照相，其中甲不能被排在边上，则不同排法的总数为_【答案】480【解析】假设6个人分别对应6个空位，甲不站在两端，有4个位置可选，则其他5人对应其他5个位置
9、,有种情况，故不同排列方法种数种.故答案为480三、解答题 （本大题共6小题，共80分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 15. 在中，角所对的边分别是，且.（）若，求；（）若，求的面积.【答案】()；().【解析】试题分析：()由题意结合正弦定理角化边可得.则.据此利用余弦定理可得.()由题意可得.利用同角三角函数基本关系可得.则.据此结合三角形面积公式有的面积.试题解析：（）由及正弦定理，得.，.由余弦定理，得.（）由已知，得.在中，为锐角，且，.由，及公式，的面积.16. 甲同学参加化学竞赛初赛，考试分为笔试、口试、实验三个项目，各单项通过考试的概率依次为、，笔试、口试、实验通过考
10、试分别记4分、2分、4分，没通过的项目记0分，各项成绩互不影响.（）若规定总分不低于8分即可进入复赛，求甲同学进入复赛的概率；（）记三个项目中通过考试的个数为，求随机变量的分布列和数学期望.【答案】()；()答案见解析.【解析】试题分析：（）记笔试、口试、实验独立通过考试分别为事件，则则事件“甲同学进入复赛的”表示为，由与互斥，且、彼此独立，能求出甲同学进入复赛的概率；（）随机变量的所有可能取值为0,1,2,3，分别求出相应的概率，由此能求出的分布列和数学期望试题解析：（）记笔试、口试、实验独立通过考试分别为事件，则事件“甲同学进入复赛的”表示为.与互斥，且彼此独立，.（）随机变量的所有可能取
11、值为0,1,2,3.， ， ，.所以，随机变量的分布列为数学期望.17. 如图，在三棱锥中，平面，为的中点，为的中点，点在线段上，.（）求证：平面；（）若，求证：平面；（）求与平面所成角的正弦值.【答案】()证明见解析；()证明见解析；().【解析】试题分析：（）由平面可推出，再由，可证平面，从而得出，由及为的中点，推出，即可得证平面；（）依题意，平面，以为原点，分别以的方向为轴、轴、轴的正方向建立空间直角坐标系，得出，由为平面的一个法向量，再根据，即可得出，从而得证；() 求出平面的一个法向量，设与平面所成角为，根据，即可求出与平面所成角的正弦值.试题解析：（）证明：平面，平面，.，平面.平
12、面，.，为的中点，.，平面.（）证明：依题意，平面，如图，以为原点，分别以的方向为轴、轴、轴的正方向建立空间直角坐标系.可得，.平面的一个法向量，即.平面，平面.（）解：设平面的法向量为，则，.由，得令，得，即.设与平面所成角为，.与平面所成角的正弦值为.点睛：用向量法解决立体几何问题的注意点：（1）建立空间直角坐标系时要判断是否具备了两两垂直的三条直线，否则要先给出证明；（2）求线面角时要借助直线的方向向量和平面的法向量夹角余弦值的绝对值求出线面角的正弦值；求二面角时，要借助两平面法向量夹角的余弦值来求出二面角的余弦值，但在解题时要借助于图形来判断二面角为锐角还是钝角18. 已知是等差数列，
13、是等比数列，其中，.（）求数列与的通项公式；（）记，求数列的前项和.【答案】()，；().【解析】试题分析：()由题意结合数列的性质可得等差数列的公差为2，等比数列的公比为2，据此计算可得的通项公式，的通项公式.()由题意结合()中求得的通项公式可得.错位相减结合等差数列前n项和公式可得 .试题解析：（）设数列的公差为，数列的公比为，由，得，由，得，.的通项公式，的通项公式.（）由（）可得，故.则.令，则，由-，得 . .点睛：一般地，如果数列an是等差数列，bn是等比数列，求数列anbn的前n项和时，可采用错位相减法求和，一般是和式两边同乘以等比数列bn的公比，然后作差求解19. 已知椭圆的离心率为，以椭圆的短轴为直径的圆与直线相切.（）求椭圆的方程；（）设椭圆过右焦点的弦为、过原点的弦为，若，求证：为定值.【答案】()；()证明见解析.【解析】试题分析：()由题意结合点到直线距离公式可得.结合离心率计算公式有.则椭圆的方程为.()对直线的斜率分类讨论：当直线的斜率不存在时，.当直线的斜率存在时，设，联立直线方程与椭圆方程有，由弦长公式可得.联立直线与椭圆方程，结合弦长公式有.计算可得.据此可得：为定值.试题解析：（）依题意，原点到直线的距离为，则有.由，得.椭圆的方程为.（）证明：（1）当直线的斜率不存在时，易求，则.（2）当直
