《《试吧》高中全程训练计划·物理周测二 （A卷） 力 共点力的平衡》由会员分享，可在线阅读，更多相关《《试吧》高中全程训练计划·物理周测二 （A卷） 力 共点力的平衡（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、周测二力共点力的平衡(A卷)(本试卷满分95分)一、选择题(本题包括8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)1三个共点力F1、F2和F3的合力为0，其中两个共点力的大小F18 N，F24 N，则F3的大小不可能是()A8 N B6 NC4 N D2 N2.质量均为m的物块a、b之间用竖直轻弹簧相连，系在a上的细线竖直悬挂于固定点O，a、b与竖直粗糙墙壁接触，整个系统处于静止状态重力加速度大小为g，则()A物块b可能受3个力B细线中的拉力小于2mgC剪断细线瞬间b的加速度
2、大小为gD剪断细线瞬间a的加速度大小为2g3.将某材料制成的长方体锯成A、B两块放在水平面上，A、B紧靠在一起，物体A的角度如图所示现用水平方向的力F推物体B，使物体A、B保持原来形状整体沿力F的方向匀速运动，则()A物体A在水平方向受两个力的作用，合力为零B物体A只受一个摩擦力C物体B对A的压力小于桌面对物体A的摩擦力D物体B在水平方向受三个力的作用4如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F，已知支架间的距离为AB的一半，则为()A. B.C. D.5.如图所示，在竖直放置的穹形
3、支架上，一根长度不变且不可伸长的轻绳通过轻质光滑滑轮悬挂一重物G.现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近(C点与A点等高)则在此过程中绳中拉力大小()A先变大后不变B先变大后变小C先变小后不变D先变小后变大6.如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态则下列判断中正确的是()A球B对墙的压力增大B球B对柱状物体A的压力增大C地面对柱状物体A的摩擦力不变D地面对柱状物体A的支持力不变7.如图所示，直杆的一端用铰链固定于竖直墙壁上，另一
4、端固定一个小滑轮，细绳的AC段水平，细绳一端点B挂一重物，另一端点A固定于墙壁上不计直杆、滑轮及细绳的质量，忽略所有摩擦若将细绳的端点A稍向下移至A点，使之重新平衡，则此时滑轮的位置()A在A点之上 B与A点等高C在A点之下 D在A、A点之间8.轻杆的一端安装有一个轻质光滑滑轮P，用手握住杆的另一端使滑轮支撑着悬挂重物的轻绳，如图所示现保持滑轮P位置不动旋转杆，使杆和竖直方向的夹角缓慢减小，则下列关于杆对滑轮P的作用力的判断正确的是()A变大 B不变C变小 D无法确定二、非选择题(本题包括4小题，共47分)9(8分)(1)小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量l的关系，由实验绘出F与
5、l的关系图线如图乙所示，则该弹簧的劲度系数为_N/m.(2)某学生用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”用一木板(贴有坐标纸)竖直放在铁架台和弹簧所在平面后其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧秤将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的方向及两弹簧秤相应的读数图丁中B弹簧秤的读数为_N(弹簧秤单位：N)该同学在坐标纸上画出了两弹簧秤拉力F1、F2的大小和方向，以及由钩码的重量画出钩码对弹簧的拉力F的大小和方向，如图戊所示，请在图戊中作出F1、F2的合力F；观察比较F和F，得出结论10(
6、8分)(1)“验证力的平行四边形定则”实验中部分实验步骤如下，请补充完整有关内容：将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端绑上两根细线在其中一根细线上挂5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记录：钩码个数(或细线拉力)、_、细线的方向将步骤中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相等的钩码，用两光滑硬棒B、C使两细线互成角度，如图乙所示，小心调整B、C的位置，使橡皮筋与细线结点O的位置与步骤中结点位置重合，记录_(2)如果“力的平行四边形定则”得到验证，那么图乙中_.11.(16分)一质量M4 kg，倾角为30的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有
7、两个质量均为m2 kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接，现对小球B施加一水平向左的拉力F，使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g10 m/s2.求：(1)细绳的拉力FT；(2)水平拉力F的大小；(3)水平地面与斜面体间的动摩擦因数.12.(15分)如图所示，两个质量均为m的小环套在一水平放置的粗糙长杆上，两根长度均为l的轻绳一端系在小环上，另一端系在质量为M的木块上，两个小环之间的距离也为l，小环保持静止(1)试求小环对杆的压力(2)小环与杆之间的动摩擦因数至少为多大？周测二力共点力的平衡(A卷)1D本题考查力的合成、平衡条件三个力作用在物体上使物体处于平衡状态，则
8、任意两个力的合力与第三个力大小相等方向相反，即F3的大小必须在F1、F2两个力的合力范围之内，F1、F2两个力的合力范围为4 NF合12 N正确选项为D.2D物块a、b与墙面之间没有弹力，故虽接触面粗糙但不受摩擦力，所以物块b受重力、弹簧的弹力2个力作用，选项A错误；将a、b看成一个系统，整个系统处于静止状态，细线的拉力等于2mg，选项B错误；剪断细线瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，所以b所受合力不变，为零，而细线中的弹力突变为0，故b的加速度为零，a的加速度aa2g，选项C错误，选项D正确3C对A受力分析如图所示，A在水平方向受到B对A的压力FN、B对A沿斜面向上的摩擦力f1、桌面对A的摩擦力
9、f2三个力的作用而处于平衡状态，合力为零，选项A、B错误；对A由平衡条件有FNsin60f2，故B对A的压力小于桌面对物体A的摩擦力，选项C正确；对B受力分析知，B在水平方向受到水平方向的推力、A对B的压力、A对B的摩擦力、桌面对B的摩擦力四个力的作用，选项D错误4A本题考查了共点力平衡，意在考查考生对物体平衡条件的分析能力设两半球的总质量为m，当球以AB沿水平方向放置时，Fmg；当球以AB沿竖直方向放置时，以右半球为研究对象，如图，Fmgtan，根据支架间的距离为AB的一半，可得30，所以，选项A正确5A当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为2；以滑轮为研究对象，分析受力情况如图
10、甲所示根据平衡条件得2Fcosmg，得到绳子的拉力F，所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端的过程中，增大，cos减小，则F变大；当轻绳的右端从直杆最上端移到C点时，设两绳的夹角为2，设绳子总长为L，两直杆间的距离为s，由几何知识得到sin，L、s不变，则保持不变，再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变，所以绳中拉力大小变化的情况是先变大后不变，选项A正确6D以B为研究对象，受力分析如图甲所示，由图可知，把A向右移动少许，墙对球B的压力F1减小，柱状物体A对球B的支持力F2减小，由牛顿第三定律知，球B对墙的压力减小，球B对柱状物体A的压力减小，选项A、B错误；把A、B作为一个整体，受力分析如图
11、乙所示，由平衡条件得，地面对柱状物体A的摩擦力FfF1，地面对柱状物体A的支持力FN(mAmB)g，由此可知，地面对柱状物体A的摩擦力减小，地面对柱状物体A的支持力不变，选项C错误、D正确7A如图所示，直杆对滑轮的作用力方向一定在ACB的角平分线上，当将细绳的端点A稍向下移至A点，使之重新平衡时，直杆将逆时针转动，故滑轮的位置应该在A点之上8B根据题意，保持滑轮P的位置不变，则滑轮P处于静止状态，其所受合力为零，重物也静止，则知绳子的拉力大小始终等于重物的重力大小，且保持不变，两侧绳的夹角也不变，故两侧绳拉力的合力保持不变使杆转动过程中，根据平衡条件知，杆对滑轮P的作用力与两侧绳拉力的合力大小
12、相等、方向相反，所以杆对滑轮P的作用力保持不变，故B正确，A、C、D错误9解题思路：(1)本题考查胡克定律的应用弹簧弹力F与伸长量l关系图线，由胡克定律Fkx可知，图线的斜率即为劲度系数，可得k125 N/m.(2)本题考查“验证平行四边形定则”这一实验B弹簧的读数估读一位可得为4.40 N；作出图象如答图所示由作图可得到结论：在误差允许范围内，力的合成遵循平行四边形定则答案：(1)125(3分)(2)4.384.42(2分)如图(3分)10解题思路：(1)根据实验原理可知，题图甲中需要记录合力的大小和方向，画出来的合力为实际值，该实验中用钩码个数来表示拉力大小，因此需要记录的是钩码个数(或细
13、线拉力)，橡皮筋与细线结点的位置O，细线的方向；该实验采用“等效替代”法，因此在用两根细线拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤中结点位置重合，同时记录钩码个数和对应的细线方向(2)根据对题图乙中的O点受力分析，将各力正交分解，水平方向有4mgcos3mgcos，得.答案：(1)橡皮筋与细线结点的位置O(2分)钩码个数和对应的细线方向(2分)(2)(4分)11解题思路：(1)以A为研究对象，有：FTmgsin30(3分)解得：FT10 N .(2分)(2)以A、B整体为研究对象，有：Fcos302mgsin30(3分)解得：F N(2分)(3)以小球A、B与斜面体组成的整体为研究对象，有：FFf(M2m)g(4分)解得：.(2分)答案：(1)10 N(2) N(3)12解题思路：(1)整体法分析有2FN(M2m)g即FNMgmg由牛顿第三定律得：小环对杆的压力FNMgmg.(2)研究M得2FTcos30Mg设处于临界状态，此时小环受到的静摩擦力达到最大值，有FTsin30FN解得：动摩擦因数至少为.答案：(1)Mgmg(2)
