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1、南昌二中2019届高三第四次考试物 理 试 卷一、选择题： 1.某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印。再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数，即为冲击力最大值。下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法不相同的是A. 建立“合力与分力”的概念B. 建立“点电荷”的概念C. 建立“平均速度”的概念D. 研究串、并联电路建立“总电阻”的概念【答案】B【解析】【详解】该问题的研究方
2、法是等效法；合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，故A不符合题意点电荷是一种理想化的模型，是采用的理想化的方法，故B符合题意建立“平均速度”的概念也是等效的思想，选项C不符合题意；研究串、并联电路建立“总电阻”的概念也是等效思想，选项D不符合题意；故选B.2.课堂上，老师准备了“”型光滑木板和三个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木，要将三个积木按图示(截面图)方式堆放在木板上，则木板与水平面夹角的最大值为A. 60 B. 45 C. 30 D. 15【答案】C【解析】【详解】当最上面的积木的重心与左下方积木的重心在同一竖直线上时，最上面的积木将要滚动，此时木板与水平面夹角达到最大，由几何
3、关系知，的最大值为30；故选C。3.带负电的空心金属球壳置于绝缘支架上，将4个原来不带电的金属小球按图示位置放置，A球用绝缘轻绳竖直悬挂，B球接地，C球用导线与球壳内部相连，D球与球壳内部接触。设大地及无穷远处电势为零，当达到静电平衡时，下列说法正确的是A. 由于静电感应，A球带正电，B. B球接地带负电，但电势为零C. C球不带电，但电势与球壳电势相等D. D球带不带电，但电势小于零【答案】D【解析】【详解】由于静电感应，A球的左右两端带上不同的电荷，但整体不带电。故A错误；由于静电感应，B球带正电，但电势和大地的电势相等，为零。故B成为；C球在金属球壳的外部，会带上与球壳相同的电荷。故C错
4、误；D球在球壳的内部，与球壳接触后成为球壳内部的一部分，所以D不带电，电势与球壳电势相同，电势小于零。故D正确。故选D。【点睛】本题分析中要注意要学会找等势体在这里，由于是等势体，同性电荷相斥，所以外部带负电，内表面不带电4.用两个相同的小量程电流表分别改装成了两个量程0.6A电流表的A1和3A电流表的A2,若把A1、A2分别采用串联或并联的方式接入电路,如图所示,则闭合开关后,下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是A. 图（a）中的A1、A2的示数之比1:1B. 图（a）中的A1、A2的指针偏角角度之比1:5C. 图（b）中的A1、A2的示数之比1:5D. 图（b）中的A1、A2
5、的指针偏角角度之比5:1【答案】D【解析】【详解】改装后的电流表是小量程电流计与定值电阻并联而成；图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同。故AB错误。图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同。由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同。因两电流表的内阻之比为，则两电表两端的电压之比为5:1，则A1、A2的指针偏角角度之比5:1，故C错误。D正确故选D。【点睛】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成指针偏转角度取决于流过表头的电流大小5.如图，光滑水平面上放着长木
6、板B，质量为m = 2 kg的木块A以速度v0 = 2 m/s滑上原来静止的长木板B的上表面，由于A、B之间存在有摩擦，之后，A、B的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度g = 10 m/s2。则下列说法正确的是A. 长木板的质量M = 2 kgB. A、B之间动摩擦因数为0.2C. 长木板长度至少为2 mD. A、B组成系统损失机械能为4 J【答案】A【解析】从图可以看出，A先做匀减速运动，B做匀加速运动，最后一起做匀速运动，共同速度v = 1m/s，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：，解得：，故A正确；由图象可知，木板B匀加速运动的加速度，对B，根据牛顿第二定律得，解得动摩擦因数 =
7、 0.1，故B错误；由图象可知前1 s内B的位移，A的位移，所以木板最小长度，故C错误；A、B组成系统损失机械能，故D错误。故选A.【点睛】A在B的表面上滑行时，根据v-t图象的斜率可得到A的加速度大小，由牛顿第二定律求得动摩擦因数。对系统，运用动量守恒定律列式可求得长木板的质量M根据“面积”表示位移，求解木板的长度。由能量守恒定律求解A、B组成系统损失机械能。6.如图，地球和行星绕太阳做匀速圆周运动，地球和行星做匀速圆周运动的半径r1、r2之比为1 : 4，不计地球和行星之间的相互影响，下列说法不正确的是A. 行星绕太阳做圆周运动的周期为8年B. 地球和行星的线速度大小之比为1 : 2C.
8、由图示位置开始计时，至少再经过年，地球位于太阳和行星连线之间D. 经过相同时间，地球、行星半径扫过的面积之比为1 : 2【答案】B【解析】地球和行星均绕太阳做匀速圆周运动，地球绕太阳做圆周运动的周期为T1 = 1年，根据 解得T2 = 8年，A正确；根据 可知，B错误；根据 可得年，C正确；天体半径扫过的面积为，而，联立解得，故经过相同时间，地球和行星半径扫过的面积之比为，D正确。此题选择错误的选项，故选B.7.如图所示，光滑水平面上有一异形滑块ABCD在向左做匀变速运动，竖直平面内存在匀强电场，斜面BC和AB光滑绝缘，上面分别有两个质量均为m的小球a、b相对滑块静止，其中小球b带负电，电荷量
9、大小为q，小球a不带电。重力加速度为g，则下列说法中正确的是A. 滑块加速度大小为B. 滑块加速度大小为C. 电场强度的最小值为D. 电场强度的最小值为【答案】C【解析】【详解】因小球a不带电，以小球a为研究对象进行受力分析，受到重力和支持力作用，根据牛顿第二定律可得mgtao30=ma，解得a=gtan30=g，故AB错误；AB斜面与水平方向的夹角为180-（150-30）=60；对b受力分析如图所示，当电场强度方向沿斜面向上时，场强最小，则：FNcos60+qEcos30=mg；FNsin60-qEminsin30=ma，解得电场强度最小值Emin=，故C正确、D错误；故选C。【点睛】本题
10、主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答。8.利用静电除尘可以大量减少排放烟气中的粉尘。如图是静电除尘装置的示意图，烟气从管口M进入，从管口N排出，当A、B两端接上高压后，在电场作用下管道内的空气分子被电离为电子和正离子，而粉尘在吸附了电子后最终附着在金属管壁上，从而达到减少排放烟气中粉尘的目的。已知每千克煤粉会吸附mmol电子，每昼夜能除尘n kg，设电子电荷量为e,阿伏加德罗常数为N，一昼夜时间为t.根据上述原理，下面做法正确的是A. A端接高压正极，B端接高压负极B. A端接高
11、压负极，B端接高压正极C. 高压电源的电流为.D. 高压电源的电流为【答案】BD【解析】【详解】管内接通静电高压时，管内存在强电场，它使空气电离而产生阴离子和阳离子。负离子在电场力的作用下，向正极移动时，碰到烟尘微粒使它带负电。所以金属管B应接高压电源的正极，金属丝A接负极。故B正确，A错误。根据，一昼夜通过电极的电量为Q=mneN，则高压电源的电流为，选项D正确，C错误；故选BD。9.如图所示,两只相同的白炽灯泡L1和L2串联后接在电压恒定的电路中.若L2的灯丝断了,经过搭丝后（搭丝后灯泡的电阻减小）仍然与L1串联,重新接入原来的电路中.假设在此过程中,灯丝电阻随温度变化的因素可忽略不计,且
12、每只灯泡两端的电压均未超过其额定电压,则此时每只灯泡所消耗的功率与原来各自的功率相比,有A. L1的功率变大 B. L1的功率变小C. L2的功率变大 D. L2的功率变小【答案】AD【解析】【详解】串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，电路中的电流：；L2的灯丝搭接后，其电阻R2变小，电路中的电流变大，P1=I2R1，L1的功率变大，故正确，B错误；灯泡L2的电功率：，由数学知道可知：当时，即L2灯丝未断时，R1=R2，P2最大，L2灯丝搭接后R2减小，故功率P2变小，故C错误，D正确。故选AD。【点睛】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是搭丝后灯泡电
13、阻变化的分析和利用数学知识判断L1的最大电功率。10.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I变化的关系图象（电池电动势不变，内阻不是定值），图线b是某电阻R的UI图象。在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列说法中正确的是A. 硅光电池的内阻为10B. 硅光电池的总功率为0.72WC. 硅光电池的内阻消耗的热功率为0.32 WD. 若将R换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率增大【答案】BC【解析】【详解】由闭合电路欧姆定律得 U=E-Ir，当I=0时，E=U，由a图线与纵轴的交点读出电池的电动势为 E=3.6V根据两图线交点处的
14、状态可知，将它们组成闭合回路时路端电压为 U=2V，电流为 I=0.2A，则硅光电池的内阻为，故A错误。硅光电池的总功率为：P总=EI=3.60.2W=0.72W，故B正确。硅光电池的输出功率为：P出=UI=0.4V，电池的内阻消耗的热功率为 P热=P总-P出=0.32W故C正确。R的阻值 R=10r=8，则若将R换成阻值更大的电阻，硅光电池的输出功率将减小，故D错误。故选BC。【点睛】本题考查对U-I图象的理解能力。对于线性元件可直接利用欧姆定律研究；对于非线性元件不能直接利用欧姆定律求解；同时对于电源的内阻往往根据电源的U-I曲线研究斜率得到。11.如图所示电路中，已知R1R2R3，R1两
15、端电压为3 V，R3两端电压为1 VR4、R5为定值电阻则A. R2两端电压可能为2 VB. A、B两端电压可能为7 VC. 若A、B两端电压为5 V，可以判断出R4R5D. 若A、B两端电压为5 V，可以判断出R4R5【答案】ABC【解析】设RR1R2R3，已知R1两端电压为3 V，R3两端电压为1V，根据欧姆定律，流过R1的电流为，流过R3的电流为，故流过电阻R2的电流可能为：，也可能为：；若流过R2的电流为，则R2两端电压为2V；若流过R2的电流为，则R2两端电压为4V，故A正确；点A与点B间的电压等于电阻R1与R2电压之和R1两端电压为3V，若R2两端电压为2V，则A、B两端电压为5V；若R2两端电压为4V，则A、B两端电压为7V，故B正确；若A、B两端电压为5V，电流流向如图所示，说明电阻R3上端的电势较高，下端的电势较低，则R4两端的电压应该高于电阻R5两端的电压，故R4R5，故C正确，D错误故选ABC.【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用。12.已知均匀带电的球壳在壳内任意一点产生的电场强度均为零，在壳外某点产生的电场强度等同于把壳上电量全部集中在球心处的点电荷所产生的电场强度.在真空中现有一
