《2020高考物理浙江专用增分冲刺练辑：选择题题型练（四）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020高考物理浙江专用增分冲刺练辑：选择题题型练（四）（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、选择题题型练(四)一、选择题(本题共8小题，每小题4分，共32分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.(2019教育绿色评价联盟4月模拟)甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移时间图象如图所示，则在0t1时间内()A甲的速度总比乙大B甲、乙位移相同C甲经过的路程比乙小D甲、乙均做加速运动答案B解析在xt图象中，斜率代表物体速度，由题图可知在t1时刻，乙的速度大于甲的速度，A错误；甲、乙初始位置相同，末位置相同，二者位移相同，B正确；甲、乙从同一地点向同一方向做直线运动，路程相等，C错误；甲的xt图线的斜率不变，甲做匀速运动，D错误2
2、.(2019台州3月一模)如图，弹性轻绳的一端套在手指上，另一端与弹力球连接，用手将弹力球以某一竖直向下的初速度抛出，抛出后手保持不动从球抛出瞬间至球第一次到达最低点的过程中(弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力)，下列说法正确的是()A绳刚伸直时，球的动能最大B该过程中，球的机械能守恒C该过程中，重力对球做的功等于球克服绳的拉力做的功D该过程中，轻绳的弹性势能和小球的动能之和一直增大答案D3.如图所示，一倾角为的固定斜面上，两个质量均为m的小物块A和B紧挨着匀加速下滑，A与B的接触面光滑已知A与斜面间的动摩擦因数为Atan ，B与斜面间的动摩擦因数为Btan ，重力加速度大小为g.则下滑过
3、程中A、B间弹力的大小为()A0 B.mgsin C.mgsin D.mgsin 答案D解析以AB整体为研究对象，2mgsin Amgcos Bmgcos 2ma得2mgsin tan mgcos tan mgcos 2ma解得agsin 对B：mgsin FNBmgcos ma解得：FNmgsin ，故A、B、C错误，D正确4(2019宁波市“十校联考”)一水平放置的圆盘绕竖直固定轴转动，在圆盘上沿半径方向开有一条宽度为2.5 mm的均匀狭缝，将激光器与传感器上下对准，使二者间连线与转轴平行，分别置于圆盘的上下两侧，且可以同步地沿圆盘半径方向匀速移动，激光器连续向下发射激光束在圆盘转动过程中
4、，当狭缝经过激光器与传感器之间时，传感器接收到一个激光信号，并将其输入计算机，经处理后画出相应图线如图(a)为该装置示意图，图(b)为所接收的光信号随时间变化的图线，横坐标表示时间，纵坐标表示接收到的激光信号强度，图中t11.0103 s，t20.8103 s根据图(b)以下分析正确的是()A圆盘转动角速度逐渐增大B圆盘转动周期逐渐增大C第三个激光信号的宽度t30.6103 sD激光器和传感器沿半径向外运动答案D解析由题图可知圆盘转动周期为0.8 s，故角速度也不变，选项A、B错误；由于电脉冲信号宽度在逐渐变窄，表明光能通过狭缝的时间逐渐减小，即圆盘上对应探测器所在位置的线速度逐渐增加，因此激
5、光器和探测器沿半径由中心向边缘移动，故D正确；设第n个脉冲距转轴rn，则有tnT，而r3r2r2r1，有r3r2()T，r2r1()T，联立解得t3 s0.67103 s，故C错误5(2019诸暨市期末)如图所示为一个小型电热水器浸入水中的加热元件电阻器RL1.0 ，在外部并联的电阻RS2.0 ，电源为恒流源，在正常工作时，电源始终给电路提供I3.0 A的恒定电流则下列说法正确的是()ARL两端的电压为3.0 VB流过RL的电流为1.0 ACRS上消耗的电功率为2.0 WD如果减小RS的电阻，则RL的电功率增大答案C解析由并联分压ILIS3 A，ISRSILRL知IL2 A，IS1 A；ULI
6、LRL2 V，RS上电功率PSIRS122 W2.0 W；RS电阻减小，RL上电流IL减小，功率减小6.(2019宁波市3月模拟)北京时间2017年4月，“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接若“天舟一号”与“天宫二号”对接后，它们的组合体在与地心距离为r处做匀速圆周运动，且匀速圆周运动的周期为T，地球的半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是()A组合体做匀速圆周运动的速度小于地球第一宇宙速度B组合体绕地运行的速度为C地球的平均密度为D“天舟一号”到达“天宫二号”所在的圆轨道上后只要加速就能实现对接答案A解析组合体绕地球运行的速度应为；由Gmr和GMgR2及得地球平
7、均密度；“天舟一号”只有在较低的轨道加速才能和“天宫二号”实现对接7.(2019宁波市“十校联考”)电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美，如图所示，真空中固定两个等量异号点电荷A、B，AB连线中点为O.在A、B所形成的电场中，以O点为圆心、半径为R的圆面垂直AB连线，以O为几何中心的边长为2R的正方形平面垂直圆面且与AB连线共面，两个平面边线交点分别为e、f，则下列说法正确的是()A在a、b、c、d、e、f六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力始终不做功C将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电势能的变化量都不相同D沿线段eOf移动的电荷所受的电
8、场力先减小后增大答案B解析题图中圆面是一个等势面，e、f的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e、f的场强相同图中圆弧egf是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式WqU可知：将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力不做功a点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式WqU可知：将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电场力做功相同，则电势能的变化量相同沿线段eOf移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小8.2018年中核集团研发的“超导质子回旋加速器”，能够将质子加速至一半光速，打破了美国、瑞士等少数国家的垄断如图所示为早期回旋加速器的结构示意图，两个半径为R的D形金属盒相距
9、很近，连接电压峰值为UM、频率f的高频交流电源，垂直D形盒的匀强磁场的磁感应强度为B.现用此加速器来加速电荷量分别为0.5q、q、2q，对应质量分别为m、2m、3m的三种静止粒子，不考虑加速过程中粒子质量的变化，最后经多次回旋加速后从D形盒中飞出的粒子中动能最大为()A. B.C. D.答案B二、选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分)9由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界一直未被发现，只是在使用人工的方法制造后才被发现已知Np经过一系列衰变和衰变后变成Bi，下列论断中正确的是(
10、)A衰变过程中原子核的质量和电荷量守恒B. Bi的原子核比Np的原子核少18个中子C衰变过程中共发生了7次衰变和4次衰变D经过两个半衰期后，含有Np的矿石的质量将变为原来的四分之一答案BC解析衰变过程中原子核的质量数和电荷数守恒，质量会有亏损，故A错误；Bi的中子数为20983126，Np的中子数为23793144，故Bi的中子数比Np的中子数少14412618，故B正确；Np经过一系列衰变和衰变后变成Bi，设衰变次数为m，衰变次数为n，则4m237209,2mn9383，解得m7，n4，故C正确；经过两个半衰期后，矿石中Np的质量将变为原来的，故D错误10.如图所示，弹簧的一端固定在竖直墙上
11、，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽上高h处由静止开始自由下滑()A在下滑过程中，小球对槽的作用力对槽不做功B在下滑过程中，小球和槽组成的系统水平方向动量守恒C被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D被弹簧反弹后，小球能回到槽上高h处答案BC解析在下滑过程中，小球对槽的作用力对槽做功，选项A错误；在下滑过程中，小球和槽组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平方向动量守恒，选项B正确；小球被弹簧反弹后，小球和槽在水平方向不受外力作用，故小球和槽都做匀速运动，选项C正确；小球与槽组成的系统动量守恒，小球与槽的质量相等，小球沿槽下滑，小
12、球与槽分离后，小球与槽的速度大小相等，小球被弹簧反弹后与槽的速度相等，故小球不能滑到槽上，选项D错误11.如图所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角AOB60，两束平行于角平分线OM的单色光a和b由OA面射入介质，经OA面折射的光线相交于M点，其中a光的折射光线恰好平行于OB，以下说法正确的是()A该介质对a光的折射率为Ba光的折射光线不能在AB面发生全反射C在同一介质中，a光的传播速度小于b光的传播速度D用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距大于b光的条纹间距答案BC解析根据题图，对a光，由几何知识可知，入射角i60，折射角r30.根据折射定律得n，故A错误；由几何知识得光线a在
13、M点的入射角i30，sin i0.5.临界角的正弦值为sin Csin i，即有iC，故恰好射到M点的a光的折射光线不能发生全反射，故B正确；由题图可知，此介质对a光的折射率大于对b光的，由v可知，在同一介质中，a光的传播速度小于b光的传播速度，故C正确；因a光的折射率大，故a光的波长小于b光的波长，由x可知，用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距小于b光的条纹间距，故D错误12(2019贵州黔东南州第一次模拟)如图甲所示，正方形导线框固定在匀强磁场中，磁感线方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，其中B0、t0均为已知量已知导线框的边长为L，总电阻为R，则下列说法中正确的是()At0时刻，ab边受到的安培力大小为B0t0时间内，导线框中电流的方向始终为badcbC0t0时间内，通过导线框的电荷量为D0t0时间内，导线框产生的热量为答案AD解析由法拉第电磁感应定律得，导线框的感应电动势为：EL2L2，通过导线框的感应电流大小为：I，t0时刻，ab边所受磁场作用力大小为：FBIL，故A正确；根据楞次定律，可知，0t0时间内，导线框中电流的方向始终为abcda，故B错误；0t0时间内，通过导线框某横截面的电荷量为：q，故C错误；导线框产生的热量为：QI2Rt，故D正确
