《人教A数学选修4-1同步指导讲义：第二讲 讲末复习 Word含答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《人教A数学选修4-1同步指导讲义：第二讲 讲末复习 Word含答案（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、讲末复习1.圆周角定理圆周角定理：圆上一条弦所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半，其度数等于它所对的弧的度数的一半.推论1同弧或等弧所对的圆周角相等；同圆或等圆中，相等的圆周角所对的弧也相等.推论2半圆(或直径)所对的圆周角是直角；90的圆周角所对的弦是直径.相交弦所成角定理：圆的两条相交弦所成角的度数等于它所夹的弧与它的对顶角所夹弧的度数和的一半.2.圆内接四边形的性质与判定(1)圆内接四边形的性质定理1圆内接四边形对角互补.定理2圆内接四边形的外角等于它的内对角.(2)圆内接四边形的判定定理如果一个四边形的一组对角互补，那么这个四边形内接于圆.推论1如果四边形的一个外角等于它的内对角，那么
2、这个四边形内接于圆.推论2如果两个三角形有一条公共边，这条边所对的角相等，并且在公共边同侧，那么这两个三角形有公共的外接圆.3.圆的切线的性质与判定(1)圆的切线的性质定理圆的切线垂直于过切点的半径.推论1经过圆心且垂直于切线的直线必过切点.推论2经过切点且垂直于切线的直线必过圆心.(2)圆的切线的判定定理经过半径的外端点并且垂直于这条半径的直线是圆的切线.(3)切线长定理：从圆外一点引圆的两条切线长相等.推论经过圆外的一个已知点和圆心的直线，平分从这点向圆所作的两条切线所夹的角.4.弦切角(1)弦切角的概念：顶点在圆上，一边和圆相交，另一边和圆相切的角叫弦切角.弦切角必须具备三个条件：顶点在
3、圆上，一边是圆的切线，一边是过切点的弦.三者缺一不可.(2)弦切角定理：弦切角等于它所夹的弧对的圆周角，其度数等于它所夹的弧的度数的一半.推论同弧(或等弧)上的弦切角相等；同弧(或等弧)上的弦切角与圆周角相等.5.圆幂定理(1)相交弦定理：圆的两条相交弦，被交点分成的两条线段长的积相等.推论如果弦与直径垂直相交，那么弦的一半是它分直径所成的两条线段的比例中项.(2)割线定理：从圆外一点引圆的两条割线，这点到每条割线与圆的交点的两条线段长的积相等.(3)切割线定理：从圆外一点引圆的切线和割线，切线长是这点到割线与圆的交点的两条线段长的比例中项.逆定理从圆外一点引圆的割线，如果圆上一点与这点的连线
4、是这点到割线与圆的交点的两条线段的比例中项，那么这点与圆上点的连线是圆的切线.题型一分类讨论思想分类讨论是一种逻辑方法，也是一种数学思想.当我们面临的数学问题不能以统一形式解决时，可以把已知条件的范围划分为若干个子集，在各个子集内分别讨论问题的解，然后通过综合各类解而得到原问题的解答，这种解决问题的思想方法叫做分类讨论的思想方法.应用分类讨论的思想方法解题的一般步骤是：(1)确定讨论的对象以及被讨论对象的全域；(2)合理分类，统一标准，不重不漏；(3)逐段逐类讨论，分级进行；(4)归纳总结，作出整个题目的结论.例1已知：O的直径AB2 cm，过A点的两条弦AC cm，AD cm，求CAD所夹圆
5、内部分的面积S.解符合条件的圆有两种情况：(1)圆心O在CAD内部，如图(1).连接OC，OD，过O作OEAD于E.OAOC1，AC，OCAB.OA1，AEAD，OE，OAE30，BOD60.SSAOCS扇形BOCSAODS扇形BOD111212(cm2).(2)圆心O在DAC外部时，如图(2)，有SSAOCS扇形BOCSAODS扇形BOD(cm2).CAD所夹圆的部分的面积为cm2或cm2.规律方法分析所给条件，正确把握C、D两点与直径AB的位置关系，从而确定分类的标准，以避免只考虑AC、AD在直径AB同侧或异侧一种情况.跟踪演练1已知O1与O2相交于A，B，O1的半径r15，O2的半径r2
6、4，AB6，求O1O2的长.解若O1，O2在AB的异侧(如图(1)所示)，O1O2垂直平分AB，AC3，O1C4，O2C，O1O2O1CO2C4.若O1，O2在AB的同侧(如图(2)所示)，易得O1O24.综上可知O1O2的长为4或4.题型二化归思想化归思想又称转化思想，是把待解决的问题或难解决的问题，通过某种转化过程，归结为一类已经解决或易解决的问题，最终求得问题的解答.在解决直线与圆的位置的有关问题时，常常需作辅助线，通过作辅助可将圆的问题化归为特殊三角形或四边形的问题，使问题得到解决.例2如图所示，已知在ABC中，AD为BAC的平分线，以C为圆心，CD为半径的半圆交BC的延长线于点E，交
7、AD于点F，交AE于点M，且BCAE，EFFD43.(1)求证：AFDF；(2)求AED的正弦值；(3)如果BD10，求ABC的面积.(1)证明ADEBBAD，DAEDACCAE，又BADDAC，BCAE，ADEDAE.AEDE.又DE是半圆的直径，DFE90，AFDF.(2)解如图所示，过A作AGBE于G.EFFD43，设FE4x，则FD3x.在ADE中，DE5x，AE5x，AFDF3x.SADEDEAGADEF，AGx.sinAED.(3)解BCAE，AECBEA，AECBEA.AE2ECEB，BE10x.BD5x，5x10，x2.从而AGx.SABCBCAGx72.规律方法本题综合性较强
8、，在(1)的证明中，把证明AFDF的问题转化为证明AEDE的问题，进而又转化为证明DAEADE的问题；在(2)的解答中，通过作辅助线，把求sinAED的问题转化为求sinAEG的问题，进而转化为求AG，AE的问题；在(3)的解答中，把求SABC的问题转化为求BC与AG的问题，如此等等，每一步都体现着转化与化归的思想方法.跟踪演练2如图，在ABC和ACD中，ACBADC90，BACCAD，O是以AB为直径的圆，DC的延长线与AB的延长线交于点E.(1)求证：DC是O的切线；(2)若EB6，EC6，求BC的长.(1)证明AB是O的直径，ACB90，点C在O上.连接OC，可得OCAOACDAC，OC
9、AD.又ADDC，DCOC.OC为半径，DC是O的切线.(2)解DC是O的切线，EC2EBEA.又EB6，EC6，EA12，AB6.又ECBEAC，CEBAEC，ECBEAC，即ACBC.又AC2BC2AB236，BC2.题型三函数方程思想在直线与圆的位置关系中，涉及很多数量关系，既有角的大小，也有线段的长度，在求它们的大小时，有时不太方便，这时我们可以利用相似三角形或有关定理建立以欲求量为未知数的函数或方程，通过求函数的最值或解方程求出所要求的量，这种函数方程的思想在直线与圆的位置关系中有广泛的应用.例3如图(1)所示，四边形ABCD是半径为1的半圆的内接等腰梯形，其下底是半圆的直径.写出该
10、梯形的周长y与腰长x之间的函数关系式，当腰长为多少时，周长最长？并求出周长的最大值.解如图(2)所示，过点O作OEDC于点E，过点D作DFAB于点F，连接OD.设DEm，OEn，则DFn，AFAOFO1m，且腰长x0.当点D，C重合时，腰长x最大，但此时四边形ABCD就不是等腰梯形了，x，即0x.在RtOED和RtAFD中，根据勾股定理，得：x2n2(1m)2，12n2m2.得2m2x2，即DC2m2x2.yABBCCDDA22x2x2x22x4(x1)25.当x1时，y取最大值5.即当腰长为1时，等腰梯形ABCD的周长最长，最大值为5.规律方法解本题的关键是建立周长y与腰长x之间的函数关系式
11、.过点O作OEDC，E为垂足，过点D作DFAB，F为垂足，这样将四边形中的线段的长度计算问题转化为直角三角形中的边长的计算问题.跟踪演练3如图所示，已知O与ABC的各边分别切于点D，E，F，且AB7 cm，BC5 cm，AC8 cm.求AD，BE，CF的长.解O与ABC各边切于点D，E，F，ADAF，BDBE，CECF.设ADx，BEy，CFz.则解得AD的长为5 cm，BE的长为2 cm，CF的长为3 cm.题型四数形结合思想数形结合思想是将抽象的数学语言与直观图形结合起来，使抽象思维与形象思维相结合，通过对图形的认识，数与形的转化，化抽象为具体，化难为易，使问题得到解决.例4在RtABC中
12、，C90，AC3 cm，BC4 cm.(1)求ABC内切圆的半径；(2)若移动圆心O的位置，使O保持与ABC的边AC，BC都相切.求半径r的取值范围；当O的半径为 cm时，求圆心O的位置.解析(1)如图，在RtABC中，C90，AC3 cm，BC4 cm.AB5 cm.设O与ABC三边分别相切于点D，E，F，连接OD，OE，OF，则ODBC，OEAC，OFAB.又ODOE，C90，四边形CEOD为正方形.内切圆的半径r1 cm.(2)如图，设与AC，BC相切的最大圆与AC，BC的切点分别为A，D，连接OA，OD，则四边形AODC为正方形，OAAC3 cm.半径r的取值范围为0r3 cm.如图，
13、当圆心O在AB上时，设O与AC，BC分别切于点E，D，连接OE，OD，则四边形OECD为正方形，OECEr.OEAC，BCAC，BCOE.，即.rcm.当rcm时，圆心O在C的平分线与AB的交点处.规律方法将计算与具体图形相结合是解决问题的关键，通过分析图形的位置关系，得到数量关系.跟踪演练4两圆半径分别为4和2，如果它们有两条互相垂直的公切线，求它们的圆心距.解当一条直线为两圆的内公切线，另一条直线为两圆的外公切线时，如图(1)所示，可得O1O22.当两条直线都为两圆的内公切线时，如图(2)所示，可得O1O26.当两条直线都为两圆的外公切线时，如图(3)所示，可得O1O22.综上可知，它们的圆心距为2或6或2.体验高考1.(2015天津高考)如图，在圆O中，M，N是弦AB的三等分点，弦CD，CE分别经过点M，N.若CM2，MD4，CN3，则线段NE的长为()A.B.3C.D.解析设AMMNNBx，由相交弦定理得CMMDAMMB，242x2，x2.再利用相交弦定理得CNNENBAN.3NE24，NE.答案A2.(2015重庆高考)如图，圆O的弦AB，CD相交于点E，过点A作圆O的切线与DC的延长线交于点P，若PA6，AE9，PC3，CEED21，则BE_.解析由切割线定理，知PA2PCPD，即623PD，解得PD12，所以CDPDPC9，又因为CEED2
