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1、1直接证明与间接证明导学目标： 1.了解直接证明的两种基本方法分析法和综合法；了解分析法和综合法的思考过程及特点.2.了解间接证明的一种基本方法反证法，了解反证法的思考过程及特点自主梳理1直接证明(1)综合法定义：利用已知条件和某些数学定义、定理、公理等，经过一系列的_，最后推导出所要证明的结论_，这种证明方法叫做综合法框图表示： (其中 P 表示已知条件， Q 表示要证PQ1 Q1Q2 Q2Q3 QnQ的结论)(2)分析法定义：从_出发，逐步寻求使它成立的_，直至最后，把要证明的结论归结为判定一个明显成立的条件(已知条件、定理、定义、公理等)这种证明的方法叫做分析法框图表示： .QP1 P1
2、P2 P2P3 得 到 一 个 明 显 成 立 的 条 件2间接证明反证法：假设原命题_(即在原命题的条件下，结论不成立)，经过正确的推理，最后得出_，因此说明假设错误，从而证明了原命题成立，这样的证明方法叫做反证法自我检测1分析法是从要证的结论出发，寻求使它成立的()A充分条件 B必要条件C充要条件 D既不充分又不必要条件2(2011揭阳模拟)用反证法证明“如果 ab，那么 ”的假设内容应是()3a3bA. B. 0，证明： a b c.a2b b2c c2a探究点二分析法例 2(2011马鞍山月考)若 a， b， c 是不全相等的正数，求证：lg lg lg lg alg blg c.a
3、b2 b c2 c a2变式迁移 2已知 a0，求证： a 2.a2 1a2 2 1a3探究点三反证法例 3若 x， y 都是正实数，且 x y2，求证： |a2b ab22 ab |成立证明时注ab ab意提取公因式及配方法的运用【答题模板】(1)解由题意得 1，|x2 1|即 x211 或 x211.2 分由 x211，得 x22，即 x 或 x ；由 x211，得 x.2 2综上可知 x 的取值范围为(， )( ，)4 分2 2(2)证明由题意知即证 成立6 分|a3 b3 2abab| |a2b ab2 2abab| a b，且 a、 b 都为正数， ( a b )|a3 b3 2ab
4、ab| | a3 2 b3 2 2a3b3| | a3 b3 2| a b2， ab( )2 (a b )2，8 分|a2b ab2 2abab| |ab a b 2ab | a b b a即证( a b )2( a b )20，a b b a即证( a b a b )(a b a b )0，a b b a a b b a需证 0，10 分 a b a b a b a b 4即证( a b)(a b)20， a、 b 都为正数且 a b，上式成立故原命题成立12分【突破思维障碍】1准确理解题意，提炼出相应不等式是解决问题的关键2代数式| a3 b32 ab |与| a2b ab22 ab |中
5、的绝对值符号去掉为后续等价变ab ab形提供了方便【易错点剖析】1推理论证能力较差，绝对值符号不会去2运用能力较差，不能有效地进行式子的等价变形或中间变形出错1综合法是从条件推导到结论的思维方法，它是从已知条件出发，经过逐步的推理，最后达到待证的结论即由因导果2分析法是从待证结论出发，一步一步地寻求结论成立的充分条件，最后达到题设的已知条件或已被证明的事实即执果索因，用分析法寻找解题思路，再用综合法书写，这样比较有条理，叫分析综合法3用反证法证明问题的一般步骤：(1)反设：假定所要证的结论不成立，即结论的反面(否定命题)成立；(否定结论)(2)归谬：将“反设”作为条件，由此出发经过正确的推理，
6、导出矛盾与已知条件、已知的公理、定义、定理及明显的事实矛盾或自相矛盾；(推导矛盾)(3)结论：因为推理正确，所以产生矛盾的原因在于“反设”的谬误既然结论的反面不成立，从而肯定了结论成立(结论成立)(满分：75 分)一、选择题(每小题 5 分，共 25 分)1用反证法证明命题“若整系数一元二次方程 ax2 bx c0 (a0)有有理数根，那么 a、 b、 c 中至少有一个是偶数”时，下列假设中正确的是()A假设 a、 b、 c 都是偶数B假设 a、 b、 c 都不是偶数C假设 a、 b、 c 至多有一个偶数D假设 a、 b、 c 至多有两个偶数2(2011济南模拟) a， b， c 为互不相等的
7、正数，且 a2 c22 bc，则下列关系中可能成立的是()A abc B bcaC bac D acb3设 a、 b、 c(0，)， P a b c， Q b c a， R c a b，则“ PQR0”是“P、 Q、 R 同时大于零”的()A充分而不必要条件 B必要而不充分条件C充分且必要条件 D既不充分也不必要条件4(2010上海普陀 2 月统考)已知 a、 b 是非零实数，且 ab，则下列不等式中成立的是()A. b2baC| a b|a b| D. 1ab2 1a2b5(2011厦门月考)如果 A1B1C1的三个内角的余弦值分别等于 A2B2C2的三个内角的正弦值，则()A A1B1C1
8、和 A2B2C2都是锐角三角形5B A1B1C1和 A2B2C2都是钝角三角形C A1B1C1是钝角三角形， A2B2C2是锐角三角形D A1B1C1是锐角三角形， A2B2C2是钝角三角形二、填空题(每小题 4 分，共 12 分)6(2011江苏前黄高级中学模拟)某同学准备用反证法证明如下一个问题：函数 f(x)在0,1上有意义，且 f(0) f(1)，如果对于不同的 x1， x20,1，都有| f(x1) f(x2)|0，求证： a3 b3 c3 (a2 b2 c2)13(a b c)611(14 分)(2011宁波月考)已知 a、 b、 c(0,1)，求证：(1 a)b，(1 b)c，(
9、1 c)a 不能同时大于 .14学案 38直接证明与间接证明自主梳理1(1)推理论证成立(2)要证明的结论充分条件2不成立矛盾自我检测1A由分析法的定义可知2D因为 的否定是 ，3a3b 3a 3b即 或 0.A 中| a b| c b|( a b)( c b)| a c|，B 作差可证；C 移项平方可证4A由所给的定义运算知 a c c， dc a.5C a b c x y z 6，1y 1z 1x因此 a、 b、 c 至少有一个不小于 2.课堂活动区例 1解题导引综合法证明不等式，要特别注意基本不等式的运用和对题设条件的运用这里可从基本不等式相加的角度先证得 a2 b2 c2 ab bc
10、ca 成立，再进一步得出结论证明 a2 b22 ab， b2 c22 bc， c2 a22 ca，三式相加得 a2 b2 c2 ab bc ca，3 a23 b23 c2( a2 b2 c2)2( ab bc ca)( a b c)2. a2 b2 c2 (a b c)2；13 a2 b2 c2 ab bc ca， a2 b2 c22( ab bc ca) ab bc ca2( ab bc ca)，( a b c)23( ab bc ca)原命题得证7变式迁移 1证明 a， b， c0，根据基本不等式，有 b2 a， c2 b， a2 c.a2b b2c c2a三式相加： a b c2( a
11、b c)a2b b2c c2a即 a b c.a2b b2c c2a例 2解题导引当所给的条件简单，而所证的结论复杂，一般采用分析法含有根号、对数符号、绝对值的不等式，若从题设不易推导时，可以考虑分析法证明要证 lg lg lg lg alg blg c，a b2 b c2 c a2只需证 lg lg(abc)，(a b2b c2c a2 )只需证 abc.(中间结果)a b2 b c2 c a2因为 a， b， c 是不全相等的正数，则 0， 0， 0.a b2 ab b c2 bc c a2 ca且上述三式中的等号不全成立，所以 abc.(中间结果)a b2 b c2 c a2所以 lg
12、lg lg lg alg blg c.a b2 b c2 c a2变式迁移 2证明要证 a 2，a2 1a2 2 1a只要证 2 a .a2 1a2 1a 2 a0，故只要证 2 2，(a2 1a2 2) (a 1a 2)即 a2 4 41a2 a2 1a2 a22 2 2，1a2 2(a 1a)从而只要证 2 ，a2 1a2 2(a 1a)只要证 4 2 ，(a21a2) (a2 2 1a2)即 a2 2，而该不等式显然成立，故原不等式成立1a2例 3解题导引(1)当一个命题的结论是以“至多” 、 “至少” 、 “惟一”或以否定形式出现时，宜用反证法来证，反证法的关键是在正确的推理下得出矛盾
13、，矛盾可以是与已知条件矛盾，与假设矛盾，与定义、公理、定理矛盾，与事实矛盾等方面，反证法常常是解决某些“疑难”问题的有力工具，是数学证明中的一件有力武器(2)利用反证法证明问题时，要注意与之矛盾的定理不能是用本题的结论证明的定理，否则，将出现循环论证的错误证明假设 0 且 y0，所以 1 x2 y，且 1 y2 x，两式相加，得 2 x y2 x2 y，所以 x y2，这与已知条件 x y2 相矛盾，因此 0，( x1) 2( y1) 2( z1) 2(3)0.式与式矛盾，假设不成立，即 a， b， c 中至少有一个大于 0.课后练习区1B2C由 a2 c22ac2bc2acba，可排除 A、
14、D，令 a2， c1，可得 b ，可52知 C 可能成立3C必要性是显然成立的，当 PQR0 时，若 P、 Q、 R 不同时大于零，则其中两个为负，一个为正，不妨设 P0， Q0 矛盾，即充分性也成立4D 0.ba b aa ab， a b0.而 a 可能大于 0，也可能小于 0，因此 a(a b)0 不一定成立，即 A 不一定成立；a2b2(a b)(a b)0， a b0，只有当 a b0 时， a2b2成立，故 B 不一定成立；|a b|a b|(a b)2(a b)2ab0，而 ab 0(a b)a2b20.1ab2 1a2b a ba2b2 a， b 非零， ab，上式一定成立，因此只有 D 正确
