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1、（银川二中）20172018学年第六次月考试卷理科综合-物理部分1. 为了研究放射线的穿透能力，将、三种射线射向前后依次排列在同一直线上的纸、铝板、铅板，穿透情况如图所示，则A. 射线1是射线B. 射线2是射线C. 射线3是射线D. 工业上使用射线2来探查金属内部是否存在缺陷或裂纹【答案】B【解析】射线实质为氦核，带正电，电离性较强，但是穿透性最弱；射线为电子流，带负电，射线为高频电磁波，穿透性最强；由图示可知：射线1是射线，射线2是射线，射线3是射线；工业上使用射线来探查金属内部是否存在缺陷或裂纹；故选项B正确，ACD错误；故选B.2. 初动量相同的A、B两球在光滑水平桌面上沿同一方向运动，
2、A在前，B在后，且A球速度为v一段时间后两球发生碰撞，碰后A球速度变为2v，则A. 碰后B球运动方向不变 B. 碰后B球运动方向反向C. A球质量大于B球质量 D. A球质量小于B球质量【答案】C【解析】两球初动量相同，即mv相同，B能追上A发生碰撞，可知vBvA，则mBmA，选项C正确，D错误；设AB初动量均为P，则碰后A的动量大小为2P，且A的方向不变，则由动量守恒：2P=2P+PB，解得PB=0，可知碰后B静止，选项AB错误；故选C.3. 已知导线中的电流在周围空间产生磁场的磁感应强度大小为，k为常量，r为到导线的距离如图所示，两个半径相同、材料不同的半圆环并联接在电路中，电路中的总电流
3、为I，流过ABD半圆环的电流为，流过ACD半圆环的电流为，在圆环圆心O处电流产生磁场的磁感应强度为B0若将ABD半圆环截去，电路中的总电流保持不变，则此时O点处的磁感应强度大小为A. 3B0 B. 2B0 C. B0 D. 【答案】A【解析】ABD半圆环的电流和ACD半圆环的电流产生的磁场在O点处的磁场的磁感应强度方向相反，根据磁场叠加可知，半圆环中I电流在O点产生的磁场的磁感应强度大小为B，那么ACD半圆环的电流为I，在O点产生磁场的磁感应强度大小为2B，则2B-B=B0，即B=B0；若将ABD半圆环截去，电路中的总电流保持I不变，则此时O点处的磁感应强度大小为3B=3B0，故A正确，BCD
4、错误；故选A。点睛：考查右手螺旋定则的内容，掌握矢量的合成法则应用，注意各自在O点处磁感应强度大小计算是解题的关键4. 如图甲所示，竖直轻弹簧下端通过压力传感器固定在水平地面上，从弹簧正上方一定高度由静止释放一小球，通过压力传感器测出一段过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，忽略空气阻力，则A. t1时刻小球速度最大B. t2时刻弹簧的弹性势能最小C. t2t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D. t2t3这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能【答案】C【解析】小球落到弹簧表面后，开始压缩弹簧，此后弹簧的弹力开始增大，小球受到的合力减小，但方向仍然向下，当重力等于弹力时合力为
5、零，速度达最大，故t1时刻小球速度没有达到最大，故A错误；t1-t2这段时间内，弹簧处于开始压缩到达到最大压缩量的过程，由弹簧的弹性势能逐渐增大，t2时刻弹簧的弹性势能最大，故B错误； t2-t3这段时间内，小球的弹力减小，说明小球在由最低点上升，由对称性可知，小球的速度先增加后减小，动能先增加后减少；弹性势能转化为小球的动能和重力势能，故小球增加的动能小于弹簧减小的弹性势能，故C正确，D错误；故选C。5. 如图所示，两个等量异种点电荷+Q、-Q分别固定在水平直线上相距为L的两点，以+Q所在点为圆心、为半径作一个虚线圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点是圆与水平直线的交点，b、d两
6、点关于水平直线对称，令无穷远处电势为零，则A. a、c两点的电势相等B. 四个点中c点的电势最低C. b、d两点处的电场强度相同D. 将一正试探电荷从无穷远处移到c点，电势能增大【答案】B【解析】根据等量异种电荷的电场分布可知，c点电势为零，a点电势高于零，选项A错误；因过两点荷连线的垂直平分线上各点电势均为零，而在此垂直平分线左侧的电势均高于零，可知四个点中c点的电势最低，选项B正确；该电场中的电场强度关于两电荷连线对称，所以b、d两点场强大小相等，方向是对称的，不相同的。故C错误；c点在两个电荷连线的中点上电势为零，所以它的电势和无穷远处的电势相等，则将一正试探电荷从无穷远处移到c点，电势
7、能不变，选项D错误；故选B。点睛：该题考查等量异号电荷的电场的特点，解题的关键是c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等而正电荷周围的电场的电势都比它高，负电荷周围的电场的电势都比它低6. 一人造地球卫星在某轨道上绕地球做匀速圆周运动，现其轨道半径增大为原来的3倍，其他条件不变，仍绕地球做匀速圆周运动，则A. 根据，可知卫星运动的周期将增大为原来的3倍B. 根据，可知卫星运动的角速度将减小为原来C. 根据，可知卫星所需的向心力将减小为原来的D. 根据和，可知卫星运动的线速度将减小为原来的【答案】CD【解析】根据可知：可知卫星运动的周期将增大为原
8、来的3倍，选项A错误；可知，卫星运动的角速度将减小为原来的，选项B错误；可知，可知卫星所需的向心力将减小为原来的，选项C正确；可知，卫星运动的线速度将减小为原来的，选项D正确；故选CD.点睛：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，知道线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系7. 如图甲所示的理想变压器电路中，a、b、c为三只完全相同的小灯泡且电阻恒定不变，L为直流电阻不计的线圈，开关S闭合某段过程原线圈内磁场随时间的变化如图乙所示，则在此过程中A. 副线圈中电流大小与方向均不变B. a、b、c三只灯泡亮度相同C. b、c灯泡亮度相同，a灯泡较暗D. 若仅将S断开，a、c灯泡变亮，变压器
9、输入功率增大【答案】AB【解析】由B-t图像可知，原线圈中磁通量的变化率不变，则在次级产生的感应电动势不变，则在副线圈中电流大小与方向均不变，选项A正确；因次级电压恒定不变，则电感线圈中无自感电动势，可知a、b、c三只灯泡亮度相同，选项B正确，C错误；若仅将S断开，因次级电压不变，则a、c灯泡亮度不变，变压器输入功率减小，选项D错误；故选AB.8. 如图所示，竖直虚线边界左侧为一半径为R的光滑半圆轨道，O为圆心，A为最低点，C为最高点，右侧同时存在竖直向上的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场一电荷量为q、质量为m的带电小球从半圆轨道的最低点A以某一初速度开始运动恰好能到最高点C，进入右侧区域后恰
10、好又做匀速圆周运动回到A点，空气阻力不计，重力加速度为g则A. 小球在最低点A开始运动的初速度大小为B. 小球返回A点后可以第二次到达最高点CC. 小球带正电，且电场强度大小为D. 匀强磁场的磁感应强度大小为【答案】ACD点睛：此题关键是知道小球在重力场、电场和磁场中做匀速圆周运动的条件：重力与电场力平衡，洛伦兹力充当向心力.9. 如图所示，某同学为了探究求合力的方法，将弹簧测力计B挂于竖直木板上的固定点C，下端用细线挂一重物M，手持弹簧测力计A拉结点O分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向（1）图中弹簧测力计B的示数为_N；（2）关于本实验的要求，
11、下列说法正确的是_；A拉线方向应与木板平面平行B重物M的重力可以不用测量C改变拉力，进行多次实验，每次都要记录拉力的方向D与弹簧相连的细绳应尽量短些（3）该同学改变夹角做第二次实验时结点O的位置发生了改变，两测力计拉力的合力将_（填“不变”或“改变”）【答案】 (1). 3.45； (2). AC； (3). 不变【解析】（1）该弹簧测力计最小分度值为0.1 N，故需估读，则在3.433.47 N均正确（2）拉线方向必须与木板平面平行，则A正确；最后验证实验结论时，需要画出三个力的图示，故重物M的重力必须已知，则B错误；多次实验时，每次都要记录力的大小和方向，故C正确；与弹簧相连的细线应适当长
12、些，则D错误；故选AC（3）两弹簧测力计的合力始终等于重物的重力，故改变夹角合力不变10. 某同学用如图甲所示的实验电路做“测定电源的电动势和内阻”实验，现备有以下器材：A干电池1节B滑动变阻器(050 )C电压表(03 V)D电压表(015 V)E电流表(00.6 A)F电流表(03 A)（1）其中电压表应选_，电流表应选_；（填字母）（2）该同学测量时记录了5组数据，并将数据填入以下表格中请你根据这些数据在图乙坐标系中画出U-I图线，根据图线求出电池的电动势E_V，内阻r_；次数12345I/A0.150.250.360.450.56U/V1.401.351.301.251.20（3）该同
13、学对以上实验的系统误差和导致的结果进行了分析，其中正确的是_（填字母）A主要是由电流表的分压引起的B主要是由电压表的分流引起的C内阻测量值大于真实值D电动势测量值小于真实值【答案】 (1). C； (2). E； (3). (4). 1.48 (5). BD【解析】（1）干电池的电动势为1.5 V，故电压表应选C，电流表应选E （2）U-I图线如图所示，纵轴截距表示电动势，E1.48 V，图线斜率的绝对值表示内阻，则11. 如图所示，水平虚线MN上、下方空间分别存在场强方向相反、大小相等的匀强电场以虚线MN处电势为零，A、B是位于两电场中同一竖直线上的两点，且到MN距离均为d，一电荷量为q、质
14、量为m的带正电粒子从A点由静止释放，已知粒子运动过程中最大电势能为Em，不计粒子重力求：（1）匀强电场的场强大小；（2）粒子从释放到第一次返回A点所需的时间【答案】(1)；(2)【解析】（1）粒子释放后，在MN上方电场中电场力做正功，电势能减小，MN下方电场中，电场力做负功，电势能增大，由能量守恒和对称性可知，粒子A、B两点间做往返运动，且在A、B处时电势能最大，MN处电势为零，设A到MN间电势差为U，A点电势为A，电场强度大小为E，则有UA-0AEmqAUEd联立解得（2）粒子从A到MN做匀加速直线运动，设经历的时间为t，到MN时粒子速度为v，加速度为a，则有vatqEma从A到MN由能量守
15、恒有联立解得由对称性可得，粒子第一次返回A点所需时间为12. 如图所示，ABCD为离水平地面高h0.8 m的水平矩形平台，AB边长LAB1 m，BC边长LBC2.7 m，平台表面光滑，某时刻一个质量m10.5 kg的小球从A点沿AD边以初速度v03 m/s开始运动，同时对小球施加一个沿AB边的水平恒力F4 N，当小球到达BC边上的P点时撤去外力F在小球到达P点的同时，C点正下方E点处有一质量为m20.4 kg的滑块在一个斜向上的外力F作用下，以速度v在地面上沿EF开始匀速直线运动，滑块与水平地面动摩擦因数为结果小球与滑块恰好在EF边上的Q点（未画出）相遇小球和滑块均可视为质点，不计空气阻力取g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6求：（1）小球到达P点时速度的大小和方向
