《2020年普通高等学校招生全国统一考试物理综合能力仿真模拟卷二（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年普通高等学校招生全国统一考试物理综合能力仿真模拟卷二（解析版）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力仿真模拟卷二物理部分 第卷(选择题，共48分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14(2019四川德阳三诊)下列说法中错误的是()A若氢原子从n6能级向n1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n6能级向n2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应B核泄漏事故污染物Cs能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为CsBax，可以判断x为电子C原子核发生一次衰变，该原
2、子外层就一定失去一个电子D质子、中子、粒子的质量分别是m1、m2、m3，质子和中子结合成一个粒子，释放的能量是(2m12m2m3)c2答案C解析根据玻尔理论可知，氢原子从n6能级向n1能级跃迁时辐射出光的能量大于氢原子从n6能级向n2能级跃迁时辐射出光的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从n6能级向n1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从n6能级向n2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故A正确；根据质量数守恒与电荷数守恒可知，核反应方程式CsBax中，x的质量数为0，电荷数为：Z55561，所以x为电子，故B正确；衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一
3、个质子和一个电子，将电子释放出来，衰变释放的电子不是来自于核外电子，故C错误；质子和中子结合成粒子，核反应方程为2H2nHe，根据爱因斯坦质能方程可知，释放的能量是Emc2(2m12m2m3)c2，故D正确。本题要求选说法错误的，故选C。15(2019河南郑州三模)背越式跳高采用弧线助跑，距离长，速度快，动作舒展大方。如图所示是某运动员背越式跳高过程的分解图，由图可估算出运动员在跃起过程中起跳的竖直速度大约为()A2 m/s B.5 m/s C.8 m/s D11 m/s答案B解析运动员跳高过程可以看成竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，运动员重心升高高度约为：h1.3 m，根据机械能
4、守恒定律可知：mv2mgh；解得：v m/s5 m/s，故B正确，A、C、D错误。16(2019湖南常德高三一模)2018年，我省加大环保督查力度，打响碧水蓝天保卫战。督查暗访组在某化工厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，测量管由绝缘材料制成，其长为L、直径为D，左右两端开口，在前后两个内侧面a、c固定有金属板作为电极，匀强磁场方向竖直向下。污水(含有大量的正负离子)充满管口从左向右流经该测量管时，a、c两端的电压为U，显示仪器显示污水流量为Q(单位时间内排出的污水体积)。则()Aa侧电势比c侧电势低B污水中离子浓度越高，显示仪器的示数越大C污水流量Q与U成正比，与L、D无关D匀强磁场的磁感
5、应强度B答案D解析污水中正负离子从左向右移动，受到洛伦兹力，根据左手定则，正离子向后表面偏，负离子向前表面偏，所以后表面a侧电势比前表面c侧电势高，故A错误；最终正负离子会受到电场力、洛伦兹力而平衡，有qEqvB，即vB，而污水流量Q，可知Q与U、D成正比，与L和离子浓度无关；因为Q，则匀强磁场的磁感应强度B，故D正确，B、C错误。17(2019江西吉安高三上学期五校联考)随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。小到手表、手机，大到电脑、电动汽车的充电，都已经实现了从理论研发到实际应用的转化。下图给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的原理图。关于无线充电，下列说法正确的是
6、()A无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”B只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电C接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同D只要有无线充电底座，所有手机都可以进行无线充电答案C解析无线充电的原理是电磁感应，而不是电流的磁效应，故A错误；发生电磁感应的条件是电流要发生变化，故不能接到直流电源上，B错误；发生互感时，两个线圈中交流电的频率应该相同，故C正确；有无线充电底座，当手机内部的线圈与底座上的线圈频率相同时才可以进行充电，故D错误。18(2019湖南省长沙市宁乡三模)在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图a所示
7、，碰撞前后两壶运动的vt图线如图b中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量相等，则()A两壶发生了弹性碰撞B碰后蓝壶速度为0.8 m/sC碰后蓝壶移动的距离为2.4 mD碰后红壶所受的摩擦力小于蓝壶所受的摩擦力答案B解析由图可知：碰前红壶的速度v01.0 m/s，碰后速度为v00.2 m/s，且碰后红壶沿原方向运动。设碰后蓝壶的速度为v，取碰撞前红壶的速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得：mv0mv0mv，代入数据解得：v0.8 m/s，计算可得：mvmv02mv2，即碰撞过程有机械能损失，该碰撞为非弹性碰撞，故A错误，B正确；根据vt图象中图线与时间轴围成的面积表示位移可得，碰后
8、蓝壶移动的位移大小xt5 m2 m，故C错误；根据vt图象的斜率表示加速度，可知碰后红壶的加速度大于蓝壶的加速度，又因为两者的质量相等，由牛顿第二定律可知碰后红壶所受的摩擦力大于蓝壶所受的摩擦力，故D错误。故选B。19(2019湖南怀化三模)2018年6月14日11时06分，探月工程嫦娥四号任务“鹊桥”中继星成为世界首颗成功进入地月拉格朗日L2点的Halo使命轨道的卫星，为地月信息联通搭建“天桥”。如图所示，该L2点位于地球与月球连线的延长线上，“鹊桥”位于该点，在几乎不消耗燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动。已知地球、月球和“鹊桥”的质量分别为Me、Mm、m，地球和月球之间的平均距离为R
9、，L2点离月球的距离为x，则()A“鹊桥”的线速度大于月球的线速度B“鹊桥”的向心加速度小于月球的向心加速度Cx满足(Rx)Dx满足(Rx)答案AC解析根据题意可知，“鹊桥”与月球运动的角速度相等，“鹊桥”中继星绕地球转动的半径比月球绕地球转动的半径大，根据线速度vr可知，“鹊桥”中继星绕地球转动的线速度比月球绕地球转动的线速度大，故A正确；根据向心加速度a2r可知，“鹊桥”中继星绕地球转动的向心加速度比月球绕地球转动的向心加速度大，故B错误；中继卫星的向心力由月球和地球引力的合力提供，则有：m2(Rx)，对月球而言，则有Mm2R，两式联立可解得：(Rx)，故C正确，D错误。故选A、C。20(
10、2019湖南湘潭三模)如图所示，匀强电场方向水平向右，带负电的小球从斜面顶端的O点水平向右抛出，初速度大小为v0。小球带电量为q，质量为m，运动轨迹如图中曲线所示，小球打到斜面上P点的速度方向竖直向下，已知斜面与小球初速度方向的夹角为60，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是()A匀强电场的场强大小为B小球做曲线运动的加速度大小为gC小球由O点到P点用时D小球通过P点时的速度大小为答案BC解析带电小球在水平方向做匀减速直线运动，设加速度为a，合位移为L，由牛顿第二定律得：a，0v0at，Lcos60t，在竖直方向做自由落体运动，则Lsin60gt2，联立解得：ag，E，故A错误；小
11、球做曲线运动的加速度大小a，联立解得：ag，故B正确；联立解得：t，故C正确；小球通过P点时的速度大小为vgtv0，故D错误。故选B、C。21(2019武汉三模)如图所示，某次足球训练，守门员将静止的足球从M点踢出，球斜抛后落在60 m外地面上的P点。发球的同时，前锋从距P点11.5 m的N点向P点做匀加速直线运动，其初速度为2 m/s，加速度为4 m/s2，当其速度达到8 m/s后保持匀速运动。若前锋恰好在P点追上足球，球员和球均可视为质点，忽略球在空中运动时的阻力，重力加速度g取10 m/s2。下列说法正确的是()A前锋加速的距离为7.5 mB足球在空中运动的时间为2.3 sC足球运动过程
12、中的最小速度为30 m/sD足球上升的最大高度为10 m答案AC解析前锋做匀加速直线运动，初速度为2 m/s，加速度为4 m/s2，末速度为8 m/s，根据速度位移公式可知，v2v2ax加，代入数据解得x加7.5 m，A正确；前锋和足球运动的时间相等，前锋加速运动的时间t加1.5 s，匀速运动时间t匀0.5 s，故足球在空中运动的时间t总t加t匀2 s，B错误；足球在水平方向上做匀速直线运动，位移为60 m，时间为2 s，则足球在水平方向的速度v水平30 m/s，当足球竖直方向速度为0时，运动速度最小，故足球运动过程中的最小速度为30 m/s，C正确；足球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据运动的
13、对称性可知，上升时间为1 s，且当t1 s时，足球上升的高度最高，最大高度hmaxgt25 m，D错误。故选A、C。第卷(非选择题，共62分)三、非选择题：共62分，第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3334题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题：共47分。22(2019黑龙江齐齐哈尔一模)(6分)用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒。m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打点(图中未标出)，计数点间的距
14、离如图2所示。已知m150 g、m2150 g，则：(结果保留两位有效数字)(1)在纸带上打下计数点5时的速度v_ m/s。(2)在打05计数点的过程中系统动能的增量Ek_ J，系统势能的减少量Ep_ J(计算时g取10 m/s2)。由此得出的结论是：_。(3)若某同学作出h图象如图3，则当地的重力加速度g_ m/s2。答案(1)2.4(2)0.580.60在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒(3)9.7解析(1)根据在匀变速直线运动中中点时刻的瞬时速度大小等于该过程的平均速度，可知打下计数点5时的速度为：v5 m/s2.4 m/s。(2)物体的初速度为零，所以动能的增加量为：Ek(m1m2)v0(50150)103(2.4)2 J0.58 J。重力势能的减小量等于系统重力做的功，故：EpWG(m2m1)gh(15050)10310(38.4021.60)102 J0.60 J。由此可知系统动能的增加量和势能的减小量基本相等，因此在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒。(3)本题中根据机械能守恒定律可知，m2ghm1gh(m1m2)v2，即有：v2ghgh，所以h图象中图象的斜率表示重力加速度的一半，由图3可知，斜率k4.85，故当地的重力加速度为：g2k9.7 m/s2。23(2019广东深圳二模)(9分)LED灯的核心部件是
