《2019-2020年高三上学期零月月考物理试题 含解析byfeng.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019-2020年高三上学期零月月考物理试题 含解析byfeng.doc（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019-2020年高三上学期零月月考物理试题 含解析byfeng一、选择题1.物体从静止开始做直线运动，则该物体（ ）A在第8s末相对于起点的位移最大B在第4s末相对于起点的位移最大C在第2s末到第4s末这段时间内的加速度最大D在第4s末和第8s末在同一位置上【答案】 D 【考点】匀变速直线运动的图像解：A、B、由图可知，6s内物体一直沿正方向运动，6-8s时物体反向运动，故6s时相对于起点的位移最大，故AB错误；C、图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，4-8s的加速度最大，故C错误；D、在4s末到第8s末时间内，图象的斜率不变，则加速度不变，故D正确；故选：D2. 一个挡板固定于光滑水平
2、地面上，截面为圆的柱状物体甲放在水平面上，半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间，没有与地面接触而处于静止状态，如图所示现在对甲施加一个水平向左的力F，使甲沿地面极其缓慢地移动，直至甲与挡板接触为止设乙对挡板的压力F1，甲对地面的压力为F2，在此过程中（）AF1缓慢增大，F2缓慢增大BF1缓慢增大，F2不变CF1缓慢减小，F2不变DF1缓慢减小，F2缓慢增大【答案】 C 【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用解：先以小球为研究对象，分析受力情况，当柱状物体向左移动时，N2与竖直方向的夹角减小，由图1看出，柱状物体对球的弹力N2与挡板对球的弹力N1均减小则由牛顿第三定律得知，
3、球对挡板的弹力F1减小再对整体分析受力如图2所示，由平衡条件得知，F=N1，推力F变小地面对整体的支持力N=G总，保持不变则甲对地面的压力不变故C正确A、B、D错误故选C3. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m的三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为T现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是（）A质量为2m的木块受到四个力的作用B当F逐渐增大到T时，轻绳刚好被拉断C当F逐渐增大到1.5T时，轻绳还不会被拉断D轻绳刚要被拉断时，质量为m和2m的木块间的摩擦力为0.66T【答案】C 【考点
4、】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力解：A、质量为2m的木块受到重力、质量为m的木块的压力、m对其作用的向后的摩擦力，轻绳的拉力、地面的支持力五个力的作用，故A错误；B、C、对整体，由牛顿第二定律可知，；隔离后面的叠加体，由牛顿第二定律可知，轻绳中拉力为F=3ma=由此可知，当F逐渐增大到2T时，轻绳中拉力等于T，轻绳才刚好被拉断，选项B错误；C正确；D、轻绳刚要被拉断时，物块加速度a=，质量为m和2m的木块间的摩擦力为f=ma=，故D错误故选：C4如图所示，内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A球A的
5、角速度一定大于球B的角速度B球A的线速度大于球B的线速度C球A的运动周期一定小于球B的运动周期D球A对筒壁的压力一定大于球B对筒壁的压力【答案】B 【考点】牛顿第二定律；向心力解：A、两球所受的重力大小相等，支持力方向相同，根据力的合成，知两支持力大小、合力大小相等根据F合m得，合力、质量相等，r大线速度大，所以球A的线速度大于球B的线速度故A正确，D错误B、根据F合mr2，得，r大角速度小所以球A的角速度小于球B的角速度故B正确 C、根据F合=ma，知向心加速度相等故C错误故选：B5. 假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，则（）A同步卫星运行速度是第一宇宙速度的n倍B同步卫星的运行速
6、度是第一宇宙速的 倍C同步卫星的运行速度是地球赤道上物体随地球自转速度的n+1倍D同步卫星的向心加速度是地球表面重力加速度的 倍【答案】 B 【考点】6. 如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，A、B处于同一高度并恰好静止状态剪断两物块轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，（）A速率的变化量不同B机械能的变化量不同C重力势能的变化量相同D重力做功的平均功率相同【答案】 D 【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率解：设斜面倾角为，刚开始AB处于静止状态，所以mBgsin=mAg，所以mBmA，A、剪断轻
7、绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根据动能定理得：mv2=mgh所以速度的变化量为，故A错误；B、剪断细线，A、B两物体都只有重力做功，机械能守恒，则机械能的变化量都为零，故B错误；C、重力势能变化量EP=mgh，由于AB的质量不相等，所以重力势能变化不相同，故C错误；D、A运动的时间为：，所以A重力做功的平均功率为：B运动有：，解得：，所以B重力做功的平均功率为：，而mBgsin=mAg，所以重力做功的平均功率相等，故D正确故选D7. 竖直平面内有一形状为抛物线的光滑曲面轨道，如图所示，抛物线方程是y=x2，轨道下半部分处在一个水平向外的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线
8、（图中虚线所示），一个小金属环从抛物线上y=b（ba）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量是（）AmgbB mv2 Cmg（b-a） Dmg（b-a）+mv2【答案】 D 【考点】法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化解：圆环最终在y=a以下来回摆动，以y=b（ba）处为初位置，y=a处为末位置，知末位置的速度为零，在整个过程中，重力势能减小，动能减小，减小的机械能转化为内能，根据能量守恒得，Q=mg（b-a）+mv2故D正确，A、B、C错误故选D8如图，在水平面（纸面）内有三根相同的均匀金属棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a点接触，构成“V”字
9、型导轨空间存在垂直于纸面的均匀磁场用力使MN向右匀速运动，从a位置开始计时，运动中MN始终与bac的平分线垂直且和导轨保持良好接触下列关于回路中电流i与时间t的关系图线，可能正确的是（）【答案】 A 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律解：设bac=2，单位长度电阻为R0则MN切割产生电动势E=BLv=Bv2vttan=2Bv2ttan回路总电阻为R(2vttan+)R0vtR0(2tan+)由闭合电路欧姆定律得：i与时间无关，是一定值，故A正确，BCD错误，故选：A 9. 两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一
10、点一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动取无限远处的电势为零，则（）Aq由A向O的运动是匀加速直线运动Bq由A向O运动的过程电势能逐渐减小Cq运动到O点时的动能最大Dq运动到O点时电势能为零【答案】 BC 【考点】电势能解：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动，故A错误B、电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小；故B正确C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动
11、能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故C正确D、取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值故D错误故选BC10. 位于坐标原点处的波源A沿y轴做简谐运动A刚好完成一次全振动时，在介质中形成简谐横波的波形如图所示B是沿波传播方向上介质的一个质点，则（）A波源A开始振动时的运动方向沿y轴负方向B此后的周期内回复力对波源A一直做负功C经半个周期时间质点B将向右迁移半个波长D在一个周期时间内A所受回复力的冲量为零【答案】 ABD 【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系解：A、由A刚好完成一次全振动时的图线可知波由A向B传播，可判断A此时刻
12、沿y轴负方向运动，与0时刻的开始振动时的运动方向相同，故A正确B、在此后的周期内，质点A向y轴负方向向波谷运动，回复力沿y轴正方向，则回复力做负功，故B正确C、质点不随波迁移，故C错误D、由简谐运动的对称性可知，回复力在一个周期内的冲量为零，故D正确故选ABD11. 如图所示，A、C和B、C是两个固定的斜面，斜面的顶端A、B在同一竖直线上甲、乙两个小物体在同一竖直线上甲、乙两个小物块分别从斜面AC和BC顶端由静止开始下滑，质量分别是m1、m2（m1m2），与斜面间的动摩擦因数均为若甲、乙滑至底端C的过程中克服摩擦力做的功分别是W1、W2，所需时间分别是t1、t2甲、乙滑至底端C时速度分别是v1
13、、v2，动能分别是EK1、EK2，则（）AEK1EK2Bv1v2CW1W2Dt1t2【答案】 BC【考点】动能定理的应用应用动能定理求出物体到达底端的动能，然后比较动能大小，根据动能的计算公式求出物体的速度，然后比较大小；由功的计算公式求出克服摩擦力所做的功，然后比较功的大小；由牛顿第二定律与运动学公式求出物体的运动时间，然后比较时间大小12. 如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，其在同一磁场中匀速转动过程中所产生正弦交流电的图象如图线b所示以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是（）A在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B线圈先后两次转速之比
14、为3：2C交流电a的瞬时值为u=10sin5t（v）D交流电b电压的最大值为V【答案】 BCD【考点】正弦式电流解：A、由图可知，t=0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，故A错误；B、由图象可知TA：TB=2：3，故nA：nB=3：2，故B正确；C、由图象可知，交流电a的最大值为10V，角速度为，所以交流电a的瞬时值为u=10sin5tV，故C正确；D、交流电最大值Um=NBS，故Uma：Umb=3：2，故Umb=Uma=，故D正确；故选：BCD二、填空题13.质量0.5kg的皮球从0.8m高处落到地面，然后反弹跳起到离地0.45m高处，若球与地面接触时间为0.1s，则在与地面接触过程中，地面对球的平均作用力大小为 N。（ ）【答案】 35N 【考点】动量定理解：由动能定理得：皮球下落过程：mgh1=mv12-0，皮球反弹过程：-mgh2=0-mv22，以向上为正方向，由动量定理得：mv2-mv1=（F-mg）t，代入数据解得：F=35N；故答案为：35N14. 如图所示，虚线框区域内有方向正交的匀强电场和匀强磁场，一带电粒子（重力不计）垂直于电场和磁场的方向以速度V0飞入后恰好做匀速直线运动，并从o点离开此区域如果仅有电场，粒子将从a点飞离此区域，经历时间为t1，飞离速度大小为V1；如果仅有磁场，粒子将从b点飞离此区域，经历时间为t2，飞离速
