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1、2019-2020年高二下学期期中物理试题 含解析一、单项选择题（共12小题，每小题4分，共48分）1（4分）（xx春中山期中）远距离输送交流电都采用高压输电我国正在研究用比330kV高得多的电压进行输电采用高压输电的优点是（）A可节省输电线的材料B可根据需要调节交流电的频率C可减少输电线上的能量损失D可加快输电的速度考点：远距离输电专题：交流电专题分析：在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI，输送电压越高，输送电流越小，根据P=I2R，知损失的功率小解答：解：A、C、在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI和P=I2R，有：，故高压输电可以降低功率损耗，故A错误，C正确；B、交流电的频
2、率等于发电机转动的频率，是不改变的，故B错误；D、电路中电场建立的速度是光速，与是否高压输电无关，故D错误；故选：C点评：解决本题的关键知道输电的过程中，输送功率一定，输电电压越高，电流越小，在输电线上损失的功率越少2（4分）（xx春沙坪坝区校级期中）唱卡拉OK用的话筒，内有传感器其中有一种是动圈式的，它的工作原理是在弹性膜片后面粘接一个较小的金属线圈，线圈处于永磁体的磁场中，当声波使膜片前后振动时，就将声音信号转变为电信号，如图所示下列说法正确的是（）A该传感器是根据电磁感应原理工作的B该传感器是根据电流的磁效应工作的C膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变D膜片振动时，金属线圈中不会产生感应
3、电动势考点：电磁感应在生活和生产中的应用分析：本题中的传感器是根据电磁感应原理工作的膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量是周期性变化的膜片振动时，金属线圈中产生感应电动势解答：解：A、B当声波使膜片前后振动时，线圈切割磁感线产生感应电流，将声音信号变化电信号，是根据电磁感应原理工作的故BD错误，A正确C、膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量变化，从而产生了感应电流；故C错误；故选：A点评：本题动圈式话筒是利用电磁感应原理将声音信号变成电信号的，考查分析电子设备工作原理的能力3（4分）（xx春沙坪坝区校级期中）如图所示为光敏电阻自动计数器的示意图，其中R1为光敏电阻（光照时电阻减小），R2为定值电阻，此
4、光电计数器的基本工作原理是（）A当有光照射R1时，信号处理系统获得电压不变B当有光照射R1时，信号处理系统获得较高电压C信号处理系统每获得一次低电压就记数一次D信号处理系统每获得一次高电压就记数一次考点：简单的逻辑电路分析：光敏电阻的电阻大小随光照而减小，根据闭合电路欧姆定律，抓住电动势不变，根据电流的变化从而得出R1两端电压的变化，即信号处理系统获得的电压解答：解：A、当有光照射 R1时，R1的电阻减小，则整个电路总电阻变小，电动势不变，则电流增大，则R2两端的电压增大，所以R1两端的电压减小，即信号处理系统获得低电压，故AB错误C、D、每当光照被物体挡住时，计时器就计数一次；此时R1的电阻
5、增加，整个电路总电阻增加，电动势不变，则电流减小，即信号处理系统获得高电压；即信号处理系统每获得一次高电压就计数一次；故C错误，D正确；故选：D点评：解决本题的关键掌握光敏电阻的电阻大小随光照而减小，以及熟练运用闭合电路欧姆定律进行动态分析4（4分）（xx春瑞安市校级期末）如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，电键K断开，当K接通时，以下说法中正确的是（）A副线圈两端电压M、N的输出电压减小B副线圈输电线的等效电阻R两端的电压减小C通过灯泡L1的电流增大D原线圈中的输入功率增大考点：变压器的构造和原理；电功、电功率专题：交流电专题分
6、析：本题类似于闭合电路中的动态分析问题，可以根据接通s后电路电路电阻的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以A错误；BC、当K接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L1的电流减小，灯泡L1变暗，所以BC错误；D、当K接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也变大，原线
7、圈功率增大，所以D正确；故选：D点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法5（4分）（xx春沙坪坝区校级期中）如图所示，A和B是完全相同的两只灯泡，L自感系数很大的线圈，其直流电阻远小于灯泡电阻，则（）AS闭合的瞬间，A灯比B灯先发光，随后B灯变亮B闭合S，电路稳定时，A、B灯都一直亮C断开S，A灯立即熄灭，B灯由亮变暗后熄灭D断开S，A灯闪亮一下后熄灭，B灯立即熄灭考点：自感现象和自感系数分析：电路稳定后，L的电阻很小，闭合瞬间L的电阻很大，断开瞬间A灯还要亮一下解答：解：A、开关K闭合的瞬间，两灯
8、同时获得电压，所以A、B同时发光由于线圈的电阻较小，流过A灯的电流逐渐减小，B灯逐渐增大，则A灯变暗，B灯变亮，故A错误，B正确；C、断开开关K的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A灯，原先通过L的电流大于通过A灯的，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，故C错误，D正确故选：BD点评：本题考查了电感线圈对电流的阻碍作用，特别是开关闭合、断开瞬间的判断6（4分）（xx广东）如图所示，两根足够长的固定平行金属光滑导轨位于同一水平面，导轨上横放着两根相同的导体棒ab、cd与导轨构成矩形回路导体棒的两端连接着处于压缩状态的两根轻质弹簧，两棒的中间
9、用细线绑住，它们的电阻均为R，回路上其余部分的电阻不计在导轨平面内两导轨间有一竖直向下的匀强磁场开始时，导体棒处于静止状态剪断细线后，导体棒在运动过程中（）A回路中有感应电动势B两根导体棒所受安培力的方向相同C两根导体棒和弹簧构成的系统动量守恒，机械能守恒D两根导体棒和弹簧构成的系统动量守恒，机械能不守恒考点：导体切割磁感线时的感应电动势；动量守恒定律；机械能守恒定律；安培力专题：电磁感应与图像结合分析：剪断细线后，分析导体棒的运动过程和受力情况根据磁通量的变化判断感应电动势，根据左手定则判断安培力的方向，分析两棒组成的系统在运动过程中是不是合外力为零或者内力远大于外力，这是系统总动量守恒的条
10、件解答：解：A、剪断细线后，导体棒在运动过程中，由于弹簧的作用，导体棒ab、cd反向运动，穿过导体棒ab、cd与导轨构成矩形回路的磁通量增大，回路中产生感应电动势，故A正确B、导体棒ab、cd电流方向相反，根据左手定则，所以两根导体棒所受安培力的方向相反，故B错误C、两根导体棒和弹簧构成的系统在运动过程中是合外力为0所以系统动量守恒，但是由于产生感应电流，产生热量，所以一部分机械能转化为内能，所以系统机械能不守恒故C错误，D正确故选AD点评：我们要清楚掌握自物理量产生或者守恒得条件去判断问题7（4分）（xx春沙坪坝区校级期中）实验室里的交流发电机可简化为如图所示的模型，正方形线圈在水平匀强磁场
11、中，绕垂直于磁感线的OO轴匀速转动今在发电机的输出端接一个电阻R 和理想电压表，并让线圈每秒转25圈，读出电压表的示数为10V已知R=10，线圈电阻忽略不计，下列说法正确的是（）A线圈平面与磁场平行时，线圈中的瞬时电流为零B电阻 R上的热功率等于10WC流过电阻R 的电流每秒钟方向改变25次D从线圈平面与磁场平行开始计时，线圈中感应电流瞬时值表达式为i=sin50t考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率专题：交流电专题分析：交变电流产生过程中，线圈在中性面上时，穿过线圈的磁通量最大，感应电动势最小，为零；线圈与中性面垂直时，通过的磁通量最
12、小，电动势为大，为Em=NBS解答：解：A、线圈平面与磁场平行时，线圈与中性面垂直时，感应电电动势为大，故线圈中的瞬时电流最大，故A错误；B、电压表的示数为10V，故电压的最大值为10V，最大电流为：Im=A，电流的有效值，电阻R上的热功率：P=I2R=1210=10W，故B正确；C、线圈每秒转25圈，故交流电的频率为25Hz，每秒钟电流方向改变50次，故C错误；D、角速度：=2n=225=50rad/s故从线圈平面与磁场平行开始计时，线圈中感应电流瞬时值表达式为：i=Imcost=cos50t（A），故D错误；故选：B点评：本题关键是明确交变电流的有效值、最大值、瞬时值的关系，知道从中性面开
13、始计时的瞬时电流表达式为：i=Imcost，基础题8（4分）（xx泉州模拟）在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都为m现B球静止，A球向B球运动，发生正碰已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为EP，则碰前A球的速度等于（）ABC2D2考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：两球压缩最紧时，两球速度相等根据碰撞过程中动量守恒，以及总机械能守恒求出碰前A球的速度解答：解：设碰撞前A球的速度为v，当两球压缩最紧时，速度相等，根据动量守恒得，mv=2mv，则在碰撞过程中总机械能守恒，有，得v=故C正确，A、B、D错误故选C点评：本题属于动量守恒与能量守恒的综合
14、题，解决本题的关键掌握动量守恒和能量守恒定律9（4分）（xx春沙坪坝区校级期中）如图所示，一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成角，两轨道上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上质量为m的金属杆ab以初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某高度h后又返回到底端若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不计则下列说法不正确的是（）A金属杆ab上滑过程与下滑过程通过电阻R的电量一样多B金属杆ab上滑过程中克服重力、安培力与摩擦力所做功之和等于mv02C金属杆ab上滑过程与下滑过程电磁感应而产生的内能不相等D金属杆ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的焦耳热考点：导体切割磁感线时的感应电动势；功的计算；焦耳定律专题：电磁感应与电路结合分析：通过对导体棒的受力分析知道，上滑的过程做变减速直线运动，下滑的过程做变加速直线运动，抓住位移相等，平均
