《2019届河北省衡水中学高三第三次质检数学（理）试题（含答案解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019届河北省衡水中学高三第三次质检数学（理）试题（含答案解析）（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019届河北省衡水中学高三第三次质检数学（理）试题一、单选题1已知集合， ，则（ ）ABCD【答案】B【解析】求出集合A=x|x1，B=x|ex1=x|x0，从而 =x|x0， =x|x1，由此能求出结果【详解】集合A=x|x1，B=x|ex1=x|x0， =x|x0， =x|x1，AB=x|x0，故A错误；AB=x|x1，故C错误；，故B =正确；，故D错误故选B【点睛】本题考查集合与集合的关系的判断，考查补集、交集、并集等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，属于基础题2已知为虚数单位，若，则（ ）A1BCD2【答案】C【解析】根据复数的除法运算得到，再由复数相等的概念得到参数
2、值，进而得到结果.【详解】为虚数单位，若，根据复数相等得到.故答案为C.【点睛】这个题目考查了复数除法运算，以及复数相等的概念，复数与相等的充要条件是且复数相等的充要条件是化复为实的主要依据，多用来求解参数的值或取值范围步骤是：分别分离出两个复数的实部和虚部，利用实部与实部相等、虚部与虚部相等列方程（组）求解3向量在正方形网格中的位置如图所示.若向量与共线,则实数（ ）ABCD【答案】D【解析】由图像，根据向量的线性运算法则，可直接用表示出，进而可得出.【详解】由题中所给图像可得：，又 ，所以.故选D【点睛】本题主要考查向量的线性运算，熟记向量的线性运算法则，即可得出结果，属于基础题型.4函数
3、f(x)=sin(x+)+cos(x)的最大值为AB1CD【答案】A【解析】由诱导公式可得，则,函数的最大值为.所以选A.【名师点睛】三角恒等变换的综合应用主要是将三角变换与三角函数的性质相结合，通过变换把函数化为的形式，再借助三角函数的图像研究性质，解题时注意观察角、函数名、结构等特征5七巧板是我国古代劳动人民的发明之一，被誉为“东方模板”，它是由五块等腰直角三角形、一块正方形和一块平行四边形共七块板组成的.如图是一个用七巧板拼成的正方形，若在此正方形中任取一点，则此点取自黑色部分的概率为（ ）ABCD【答案】C【解析】分析：由七巧板的构造，设小正方形的边长为1，计算出黑色平行四边形和黑色等
4、腰直角三角形的面积之和详解：设小正方形的边长为1，可得黑色平行四边形的底为高为；黑色等腰直角三角形的直角边为2，斜边为2，大正方形的边长为2，所以，故选C点睛：本题主要考查几何概型，由七巧板的构造，设小正方形的边长为1，通过分析观察，求得黑色平行四边形的底和高，以及求出黑色等腰直角三角形直角边和斜边长，进而计算出黑色平行四边形和黑色等腰直角三角形的面积之和，再将黑色部分面积除以大正方形面积可得概率，属于较易题型6已知，且，函数，则“”“是在上单调递减”的（ ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件【答案】C【解析】先将函数转化为ylogat，t，两个基本函数，再利用复
5、合函数求解【详解】,且，为减函数.若在上单调递减，则.且，则.是的充分不必要条件.故选.【点睛】本题主要考查复合函数，关键是分解为两个基本函数，利用同增异减的结论研究其单调性，再求参数的范围,属于基础题7一给定函数的图象在下列四个选项中，并且对任意，由关系式得到的数列满足.则该函数的图象可能是( )ABCD【答案】A【解析】利用已知条件推出，判断函数的图象，推出选项即可【详解】由题对于给定函数的图象在下列四个选项中，并且对任意，由关系式得到的数列满足则可得到，所以在上都成立，即，所以函数图象都在的下方故选A【点睛】本题考查函数图象的判断，数列与函数的关系，属基础题8某几何体的三视图如图所示，其
6、中主视图，左视图均是由高为2三角形构成，俯视图由半径为3的圆与其内接正三角形构成，则该几何体的体积为( )ABCD.【答案】A【解析】由三视图知该几何体由底面边长是，高为的正三棱锥和底面半径是高为的圆锥组合而成，利用锥体的体积公式可得结果.【详解】由三视图知该几何体由底面边长是，高为的正三棱锥和底面半径是，高为的圆锥组合而成，正三棱锥的体积是，圆锥的体积是，所以组合体的体积，故选A.【点睛】本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键，不但要注意三视图的三要素
7、“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响，对简单组合体三视图问题，先看俯视图确定底面的形状，根据正视图和侧视图，确定组合体的形状.9设双曲线的左、右焦点分别为， ， ，过作轴的垂线与双曲线在第一象限的交点为，已知， ，点是双曲线右支上的动点，且恒成立，则双曲线的离心率的取值范围是( )ABCD【答案】A【解析】令x=c代入双曲线的方程可得，由,可得，即为3a22b2=2(c2a2)，即有又恒成立，由双曲线的定义,可得2a+|PF2|+|PQ|3c恒成立，由F2,P,Q共线时,|PF2|+|PQ|取得最小值|F2Q|=，可得3c2a+，即有1，
8、结合可得，e的范围是(1,).故选：A.点睛：解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于a，b，c的方程或不等式，再根据a，b，c的关系消掉b得到a，c的关系式，建立关于a，b，c的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.10已知实数满足若恒成立，那么的取值范围是( )ABCD【答案】D【解析】由题意，作出不等式组对应的可行域，根据的图象是过点，斜率为的直线，结合图象，即可求解.【详解】由题意,实数满足，即，作出约束条件所表示的平面区域，如图所示，又因为函数的图象是过点，斜率为的直线，要使得不等式恒成立，即恒成立，结合图象可知，当直线过点时，斜率取
9、得最小值 ，所以实数的取值范围是，故选D.【点睛】本题主要考查了简单线性规划的应用，其中解答中正确求解约束条件所对应的不等式组，作出约束条件所表示的平面区域，再根据斜率公式求解是解答的关键，着重考查了数形结合思想，推理与计算能力.11已知三棱锥中， 直线与底面所成角为，则此时三棱锥外接球的表面积为 （ ）ABCD【答案】A【解析】取的中点，判断为三棱锥外接球的球心，即可求出结果.【详解】取中点，则，因为直线与底面所成角为，所以，因为，所以，即为三棱锥外接球的球心，因为，所以，所以三棱锥外接球的表面积为.故选A【点睛】本题主要考查几何体外接球的相关计算，熟记球的表面积公式即可，属于常考题型.12
10、己知函数是定义在上的奇函数，当时，则函数在上的所有零点之和为（ ）A7B8C9D10【答案】B【解析】由已知可分析出函数是偶函数，则其零点必然关于原点对称，故在上所有的零点的和为，则函数在上所有的零点的和，即函数在上所有的零点之和，求出上所有零点，可得答案【详解】解：函数是定义在上的奇函数，又函数，函数是偶函数，函数的零点都是以相反数的形式成对出现的函数在上所有的零点的和为，函数在上所有的零点的和，即函数在上所有的零点之和由时，即函数在上的值域为，当且仅当时，又当时，函数在上的值域为，函数在上的值域为，函数在上的值域为，当且仅当时，函数在上的值域为，当且仅当时，故在上恒成立，在上无零点，同理在
11、上无零点，依此类推，函数在无零点，综上函数在上的所有零点之和为8故选：【点睛】本题考查的知识点是函数的奇偶性，函数的零点，函数的图象和性质，其中在寻找上零点个数时，难度较大，故可以用归纳猜想的方法进行处理二、填空题13曲线与直线所围成的封闭图形的面积为_【答案】【解析】由定积分的几何意义可得：封闭图形的面积.14展开式中的系数为_.【答案】15【解析】写出展开式的通项，求出含及的项，则答案可求【详解】解：且展开式的通项为由，得；由，得（舍；由，得展开式中的系数为故答案为：【点睛】本题主要考查了二项式定理的应用问题，解题时应灵活应用二项展开式的通项公式，属于基础题15过抛物线的焦点的直线交于两点
12、，在点处的切线与轴分别交于点，若的面积为，则_。【答案】2【解析】设出直线的方程，设出点的坐标，求得过的切线方程，由此求得的坐标，代入三角形的面积公式列方程，解得点的坐标，根据抛物线的定义求得的值.【详解】由题意，焦点，设直线，不妨设为左交点，则过的切线为，则，所以，解得，则，根据抛物线的定义可得.【点睛】本小题主要考查直线和抛物线的位置关系，考查抛物线的切线方程，考查抛物线的定义，属于中档题.16已知锐角的三个内角的余弦值分别等于钝角的三个内角的正弦值，其中，若，则的最大值为_.【答案】【解析】由于，且为钝角，故，由正弦定理得，故.三、解答题17已知等差数列前5项和为50，数列的前项和为，.
13、（）求数列，的通项公式；（）若数列满足,，求的值.【答案】(1) ;(2) .【解析】试题分析： （I）设等差数列an的公差为d，利用等差数列的通项公式及其前n项和公式即可首项和公差，即可求出数列an的通项公式，再根据数列的递推公式可得所以bn为首项为1，公比为4的等比数列，即可求出数列bn的通项公式（II）根据数列的递推公式先求出cn的通项公式，再分组求和试题解析:（）设等差数列的公差为 依题意得 解得， 所以. 当时， 当时， ， 以上两式相减得，则， 又，所以，. 所以为首项为1，公比为4的等比数列， 所以 （）因为， 当时， 以上两式相减得， 所以，. 当时，所以，不符合上式， 所以 . 18如图，在口中，沿将翻折到的位置，使平面平面.（1）求证：平面；（2）若在线段上有一点满足，且二面角的大小为，求的值.【答案】（1）证明见解析.(2).【解析】试题分析：(1)中由余弦定理可知，作于点，由面面垂直性质定理得平面.所以. 又从而得证；（2）以为原点，以方向为轴正方向建立如图所示空间直角坐标系，由二面角的大小为60布列关于的方程解之即可.试题解析：（1）中，由余弦定理，可得.，.作于点，平面平面，平面平面，平面.平面，.又，平面.又平面，.又，平面.（2）由（1）知两两垂直，以为原点，以方向为轴正方向建立如图
