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1、 高考物理模拟试卷 题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1. 下列关于原子物理知识的说法正确的是（）A. 升高放射性物质的温度，其半衰期变短B. 发生光电效应现象时，增大照射光的频率，同一金属的逸出功变大C. 根据玻尔理论，氢原子向低能级跃迁时只放出符合两能级能量差的光子D. 衰变中的电子是核外电子在衰变中获得能量后电离出来的2. 如图，小孩用与水平方向成角的轻绳拉放置在水平面上的箱子，第一次轻拉，没有拉动第二次用更大的力拉（角不变），恰好使箱子匀速前进，下列说法正确的是（）A. 两次拉箱子时箱子所受合外力大小相等B. 第二次拉箱子时箱子所受支持力较大C. 第二次拉
2、箱子时箱子所受摩擦力较小D. 两次拉箱子时箱子所受支持力大小相等3. 赤道平面内的同步卫星和静止在赤道上的物体，它们绕地心做匀速圆周运动的线速度、角速度、加速度、轨道半径分别用v1，v2，1，2，r1，r2，表示，下列关系正确的是（）A. =B. =C. =D. =4. 如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置。闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动。则下列操作能使油滴向上运动的是（）A. 增大R1的阻值B. 增大R2的阻值C. 增大两板间的距离D. 断开开关S5. 一理想变压器的原、副线圈的匝数比为5：4，原线圈一侧接左图所示
3、正弦交流电源上，下列说法正确的是（）A. 流经R1的电流频率为50Hz，流经R2的电流频率为40HzB. 副线圈中滑动变阻器滑片下滑过程中，流经R2的电流一定变小C. 副线圈中滑动变阻器滑片下滑过程中，流经R1的电流可能变大D. 副线圈中滑动变阻器滑片下滑过程中，副线圈输出功率可能变大也可能变小二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）6. 两等量同种带正电的点电荷固定于A，B两点，一质量为m带负电的小球从AB连线的中垂线上的P点由静止释放，如图所示。关于小球的运动，下列说法正确的是（）A. 在向下运动的过程中，电场力一定先减小后增大B. 在向下运动的过程中，小球在O点电势能最小C. 从P到O
4、的过程中加速度一直减小D. 从P到O的过程中小球动能与电势能之和一直增大7. 光滑水平面上有质量为1kg的质点在水平恒力F作用下做匀变速运动，速度大小在1s内从1m/s变化为2m/s，则恒力F大小可能为（）A. 1NB. 2NC. 3ND. 4N8. 如图所示，水平面内有相距为L=1m的足够长光滑平行金属导轨，质量分别为m1=0.1kg，m2=0.2kg的导体棒ab，cd垂直放在导轨上，电阻分别为r1=2，r2=1，其余电阻不计，空间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T，初始时刻ab速度为v0=3m/s，cd速度为0则下列说法正确的是（）A. 两导体棒最终速度为1m/sB. 最终通过导
5、体棒横截面的电荷量为0.1CC. 最终电阻r2上产生的焦耳热为0.2JD. 两导体棒最终间距与初始时刻相比增加了0.6m9. 下列关于布朗运动的说法，正确的是（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）（）A. 布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒分子的无规则运动B. 液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越烈C. 布朗运动并不是由于液体各个部分的温度不同而引起的D. 当阳光直射刚刚打扫过的教室时，可以观察到固体尘埃的布朗运动E. 布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮微粒撞击作用的不平衡引起的10. 一列简谐横波沿x轴传播，波速为5m/s，t=0时刻的波形如图所
6、示，此时刻质点Q位于波峰，质点P沿y轴负方向运动，经过0.1s质点P第一次到达平衡位置，则下列说法正确的是（）A. 这列波的周期是1.2sB. 该波沿x轴正方向传播C. 点P的横坐标为x=2.5mD. x=3.5m处的质点与P点振动的位移始终相反E. Q点的振动方程为y=6cost（cm）三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 某同学用左图所示的电路图完成测量电源电动势和内阻的实验，得到右图所示图象，由图可知电源电动势测量值E=_V，内阻测量值r=_，若已知图中电流表内阻RA=0.5，则电源内阻真实值为_（结果均保留一位小数）12. 某物理课外小组利用甲图中的装置探究物体加速度与其所
7、受合外力之间的关系图中，置于实验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮，轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车（质量M未知）相连，另一端可悬挂钩码，本实验中可用的钩码共有N=5个，每个质量m均为0.010kg。实验步骤如下（1）将5个钩码全部放入小车中，为平衡摩擦力在长木板左下方垫上适当厚度的小物块，使小车（和钩码）可以在木板上_（2）将n（依次取m=1，2，3，4，5）个钩码挂在轻绳右端，其余N-n个钩码仍留在小车内：用手按住小车并使轻绳与木板平行，释放小车，同时用传感器记录数据，再经过处理后可得到相应的加速度a（3）乙图是利用不同n对应不同a作出的a-n图象，从图象可以看出：当物体质量一
8、定时，物体的加速度与其所受的合外力成_（4）理论分析可知图象斜率可以用M，m，g等物理量的字母表示为k=_结合乙图中a-n图象可求得小车质量M为_kg（保留两位有效数字，取g=10m/s2）（5）若以“保持木板水平”来代替步骤（1），下列说法正确的是_Aa-n图线不再是直线Ba-n图线仍是直线，但该直线不过原点Ca-n图线仍是直线，但该直线的斜率变大四、计算题（本大题共3小题，共40.0分）13. 如图所示，地面上有一倾角为=37足够长的固定斜面，斜面上有两个质量分别为m1=0.1kg，m2=0.3kg的可看做质点的物块，初始时相距d=1m，m2与斜面动摩擦因数为2=0.75，现由静止释放m1
9、，经过时间t=1s后与静止的m2发生弹性碰撞，碰撞时间极短，（重力加速度g=10m/s，sin37=0.6，cos37=0.8）求（1）第一次碰撞前瞬间m1的速度v0的大小以及m1与斜面之间动摩擦因数1（2）第一次碰撞后两物块速度大小：（3）第一次与第二次碰撞期问，两物块间距离最大值为多少14. 一定质量的理想气体被活塞封闭在气缸内（甲图），初始温度T0活塞质量m，横截面积为S距离气缸底部的距离为h，不计摩擦，外界大气压强始终为P0第一次给气体加热，当其温度升高至T1时，活塞由初始A位置上升至B位置，气体需要吸收热量Q第二次将活塞固定（乙图），给气体加热，同样使气体温度升高至T1，重力加速度为
10、g，求：第一次加热至T1的过程中，活塞上升的距离H第二次加热过程中气体需要吸收的热量Q215. 如图所示，ABC为一玻璃三棱镜的横截面，A=B=30，一束单色光垂直AB边从D点射入，从AC边上的E点射出，其折射角为60若在AC和BC边所在的面都涂上反射膜，同样的单色光垂直AB边从D点射入，经反射膜反射后笫一次射到AB边的F点（图中未标出）。求：玻璃对该单色光的折射率；光线是否从F点射出？若射出，求F与D点间的距离；若不射出，说明理由五、综合题（本大题共1小题，共12.0分）16. 如图所示，PQMN为边长为L的正方形，在四分之一圆PQM区域内有垂直于正方形平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，质
11、量为m，电荷量为q的带电粒子沿PQ边从P点进入磁场，最后从N点离开正方形区域，不计粒子重力，求：（1）粒子进入磁场时的速度大小v1（2）粒子从P点到N点经历的时间答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、半衰期仅仅与放射性元素本身有关，与外界的因素无关，温度升高时，其半衰期不变，故A错误；B、逸出功由金属本身决定，与入射光的频率无关，故B错误；C、根据玻尔理论，氢原子向低能级跃迁时只放出符合两能级能量差的光子率。故C正确；D、衰变中放出的电子是原子核中的一个中子转变为一个电子和一个质子，电子释放出来，不是来自核外电子。故D错误；故选：C。半衰期仅仅与放射性元素本身有关，与外界的因素无关；逸出功由
12、金属本身决定；根据玻尔理论分析；根据衰变的本质判断。该题考查半衰期、光电效应的条件以及跃迁等内容，涉及的知识点都是一些记忆性的知识点的内容，比较简单，多加积累即可。2.【答案】A【解析】解：A、第一次的不动与第二次的匀速前进都是平衡状态，因此箱子所受合外力都为零，故A正确；B、D、对箱子受力分析，重力，拉力，支持力与静摩擦力，依据平衡条件，则支持力等于重力与拉力竖直方向的分力之差，当拉力增大时，则拉力竖直方向分力也增大，因此第二次拉时箱子所受支持力减小。故B错误，D错误；C、第一次之所以不动，是因为箱子受到地面对它的静摩擦力作用，且静摩擦力和拉力水平方向的分力是平衡力，第二次用更大的力拉（角不
13、变），恰好使箱子匀速前进，摩擦力和拉力水平方向的分力依然是平衡力，由于拉力的增大，则摩擦力也变大，故C错误；故选：A。物体处于静止状态，说明物体受平衡力的作用，根据力的合成与分解法则，从而确定静摩擦力的大小等于拉力水平分力的大小，而竖直方向支持力等于重力与拉力竖直方向的分力之差，从而即可求解。本题考查的是对二力平衡条件的理解和应用，在分析时，要注意明确物体所处的平衡状态的判断，然后根据二力平衡的条件进行分析，不要想当然的认为箱子没动就是因为拉力水平方向分力小于摩擦力。3.【答案】B【解析】解：A、赤道平面内的同步卫星和静止在赤道上的物体角速度相同，故A错误。B、根据v=r，相同，得=，故B正确
14、。CD、根据a=r2，相同，得=，故CD错误。故选：B。地球赤道上的物体与地球同步卫星具有相同的角速度，根据v=r求线速度之比。根据a=r2求加速度之比。本题关键要抓住地球同步卫星与地球自转同步，其角速度等于地球赤道上的物体随地球转动的角速度，再选择圆周运动运动学公式解答。4.【答案】A【解析】【分析】分析电路结构，明确电容器与R1并联；再根据电容器的性质以及电场中电场强度的变化分析电场力的变化，从而明确如何才能使油滴向上运动。本题关键分析电容器的电压是否变化。要注意当开关闭合时，如果电路结构不变，则电压不变，只有改变板间距离时，板间场强才发生变化。【解答】解：开始时油滴静止，则重力与电场力相
15、互平衡，电场力向上；A、增大R1的阻值，则路端电压增大，电容器两端电压增大，板间场强增大，故电场力增大，油滴将向上运动，故A正确；B、R2与电容器串联，视为导线，故对电容器的电压没有影响，油滴不动；故B错误；C、增大两板间距离时，电压不变，d增大，故电场强度减小，因此油滴将向下运动，故C错误；D、断开开关S，电容器放电，则电场强度减小，故油滴向下运动，故D错误。故选：A。5.【答案】D【解析】解：A、原线圈正弦交流电源的周期T=0.02s，频率为50Hz，变压器不会改变交流电的频率，流经R1、R2的电流频率为50Hz，故A错误。BC、副线圈中滑动变阻器滑片下滑的过程中，电阻增大，根据欧姆定律可知，副线圈的输出电流减小，原线圈的输入电流减小，流经电阻R1的电流减小，压降减小，故
