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1、 高考物理模拟试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共6小题，共34.0分）1. 物体做自由落体运动，从静止释放时开始计时，在某时刻物体的动能（）A. 与它所经历的时间成正比B. 与它的位移成正比C. 与它的速度成正比D. 与它的动量成正比2. 如图所示，在合外力作用下某质点运动的v-t图象为正弦曲线。从图中可以判断（）A. 在0t2时间内，合外力做正功B. 在t1时刻，合外力的功率最大C. 在t1时刻，质点运动的加速度为零D. 在t1-t3时间内，质点运动方向不变3. 如图所示，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点。已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ则
2、（）A. q1=4q2B. q1=2q2C. q1=-4q2D. q1=-2q24. 如图所示，正方形线圈位于纸面内，边长为L，匝数为N，电阻为R，过ab中点和cd中点的连线OO恰好位于垂直于纸面向里的匀强磁场的右边界上，磁感应强度为B，当线圈在图示位置转过90时，则穿过线圈某横截面的总电量为（）A. BL2B. NBL2C. D. 5. 如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力：已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A. 重力做功2mgRB.
3、机械能减少mgRC. 合外力做功mgRD. 克服摩擦力做功方mgR6. 如图，一束光经玻璃三棱镜折射后分为两束单色光a、b，波长分别为a、b，该玻璃对单色光a、b的折射率分别为na、nb，则（）A. ab，nanbB. ab，nanbC. ab，nanbD. ab，nanb二、多选题（本大题共4小题，共23.0分）7. 如图所示，金属棒ab、金属导轨和螺线管组成闭合回路，螺线管右端附近放一小磁针，在拉力作用下金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右匀速运动，则（）A. ab棒所受安培力的方向向右B. ab棒向右匀速运动速度越大，所受安培力越大C. 通电螺线管产生的磁场，C端为S极D. 小磁针N极指向
4、螺线管D端8. 假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么（）A. 地球公转周期小于火星的公转周期B. 地球公转的线速度小于火星公转的线速度C. 地球公转的加速度小于火星公转的加速度D. 地球公转的角速度大于火星公转的角速度9. 图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点则该粒子（）A. 带正电B. 在c点受力最大C. 在b点的电势能大于在c点的电势能D. 由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化10. 下列说法正确的是（）（
5、选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）A. 微粒颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈B. 分子间的引力和斥力都随分子间距的增大而增大C. 固体可以分为晶体和非晶体两类，有些晶体在不同方向上有不同的光学性质D. 第一类永动机是指不需要任何燃料和动力，却能源源不断的对外做功的机器E. 第一类永动机是指能够从单一热源吸收热量，全部用来做功而不引起其他变化的热机三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 用如图1所示的装置探究加速度与合外力和质量的关系。（1）现有如下一些操作，以下做法正确的是_。A平衡摩擦力时，应将砂桶用细绳通过定滑轮系在小车上B每次改
6、变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D实验中要保持小车和砝码总质量远大于砂和砂桶总质量，主要是为了让实验结果不会产生太大的偶然误差（2）选择适当的小车和砝码的总质量、砂和砂桶的总质量，让小车由靠近打点计时器位置无初速释放，得到如图2所示的一条纸带，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。用刻度尺测量计数点间的距离如图2所示。己知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车过C点的速度vc=_m/s，小车的加速度a=_m/s2（结果保留2位有效数字）。12. 某实验小组为了测定某一标准圆柱形导体的电阻率，进行如下实验：（1
7、）分别用游标卡尺和螺旋测微器对圆柱形导体的长度L和直径d进行测量，结果如图1所示，其读数分别是L=_mmd=_mm。（2）如图2所示测量电路中，理想电压表V1、V2示数分别为U1、U2，定值电阻阻值为R0，利用实验中读取的两电压表示数U1、U2、定值电阻阻值R0和（1）中的L、d，写出通过圆柱形导体和定值电阻R0的电流I0=_，电阻率的表达式=_。四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13. 如图所示，A、B两球静止在地面上方，质量分别为mA=1kg、mB=3kg，先将B球释放，经过一段时间后再将A球释放。当A球下落t=1s时，刚好与在空中速度为vB=10m/s的B球相碰，碰撞时间极短。重
8、力加速度大小g=10m/s2，忽略空气阻力，两球碰撞发生位置P距离地面足够高。（1）A球与B球碰前，A球速度多大？（2）如果两球碰后粘在一起，发生完全非弹性碰撞，则它们碰后瞬间的共同速度为多大？（3）如果两球碰撞过程中没有动能损失，发生弹性碰撞，则它们碰后分开的瞬间各自速度vA，vB多大？14. 如图所示，坐标空间中有场强为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场，y轴为两种场的分界线图中虚线为磁场区域的右边界，现有一质量为m，电荷量为-q的带电粒子从电场中坐标位置（-l，0）处，以初速度v0沿x轴正方向开始运动，且已知l=（粒子重力不计），试求：（1）带电粒子进入磁场时的速度v的大小及v的方向
9、与y轴的夹角；（2）若要使带电粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，磁场的宽度d应满足的条件；（3）假设带电粒子进入磁场后能返回电场中，则带电粒子第一次进入磁场到离开磁场过程中所需时间。15. 如图所示，一定质量的某种理想气体从A到B再到C，经历了一系列状态变化。从A到B经历了一个等温过程，从B到C经历了一个等容过程。其中PA=1.00105Pa、vA=0.5m3、TA=300K从状态A到B是等温过程，若PB=0.50105Pa、则vB为多少？从状态B到C是等容过程，若PC=0.75105Pa、则TC为多少？从状态B到C过程中，理想气体吸热还是放热？16. 如图为一列沿x轴正方向传播的简谐机械横
10、波某时刻的波形图，质点P的振动周期为0.4s求该波的波速并判断P点此时的振动方向答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、因物体做初速度为零的匀加速直线运动，则有：v=gt，所以列车动能表达式Ek=mv2=ma2t2，m、a不变，可知动能与所经历的时间平方成正比，故A错误；B、依据动能定理，则有：F合x=mv2-0，F合不变，可知，动能与它的位移成正比，故B正确；C、由动能表达式Ek=mv2可知，动能与它的速度平方成正比，故C错误；D、由动能表达式Ek=mv2和P=mv知Ek=，与动量的平方成正比，故D错误。故选：B。物体作初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式写出速度与时间、位移的关系式，再
11、写出动能与时间、位移的关系式，即可分析。解决本题的关键要掌握匀变速直线运动的规律，明确动能与速度、位移等物理量的关系，根据动能的表达式分析。2.【答案】C【解析】解：A、由图示图象可知，在t1-t2时间内，物体的速度减小，动能减小，由动能定理可知，合外力做负功，故A错误；BC、由图示图象可知，在0t1时间内，图象的斜率减小，加速度减小，物体受到的外力减小，在t1时刻加速度为零，合外力为零，则合外力的功率为零，故B错误，C正确；D、在t1t3时间内，速度先减小为零，然后反向增大，运动方向发生变化，故D错误；故选：C。由图象可以读出物体速度的变化情况，再根据动能定理分析合外力做功情况。根据速度图象
12、的斜率分析合外力的大小，结合功率的公式即可分析外力功率的情况。解决本题的关键是由图象可以得到物体瞬时速度的变化情况，运用动能定理分析外力做功情况。同时，要抓住v-t图象的斜率等于加速度，分析加速度的变化。3.【答案】A【解析】解：已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，依据同种电荷相斥，异种电荷相吸，再结合矢量的合成法则，则两点电荷带有同种电荷；再根据点电荷的电场强度公式得：，因PR=2RQ，解得：q1=4q，故A正确，BCD错误。故选：A。根据点电荷的电场强度公式，由点电荷电场强度的叠加求解理解点电荷的电场强度公式及电场强度的叠加，并掌握电场强度的矢量性，本题的难点在于计算。4.【答案】D
13、【解析】解：当正方形线圈abcd有一半处在磁感应强度为B的匀强磁场中时，磁通量为：=BL2=，q=N=N，故D正确，ABC错误；故选：D。在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量为=BS，图中S有磁感线穿过线圈的面积，即为有效面积，磁通量与线圈的匝数无关，从而根据E=，即可求解电动势。本题考查对于匀强磁场中磁通量的求解能力。对于公式=BS，要懂得S的意义为有效面积，即有磁感线穿过的面积。5.【答案】D【解析】【分析】重力做功只跟高度差有关，只有重力或弹簧弹力做功时，机械能守恒，根据动能定理求解合外力做的功及摩擦力做的功。本题解题的突破口是小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，重
14、力提供向心力，求出速度，难度适中。【解答】A、重力做功WG=mg（2R-R）=mgR，故A错误；BCD、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则有：mg=m解得：v=根据动能定理得：W合=WG+Wf=mv2=mgR解得：Wf=，所以克服摩擦力做功为mgR，机械能减小mgR，故BC错误，D正确。故选：D。6.【答案】B【解析】【分析】根据光线的偏折程度比较光的折射率大小，从而得出光的波长大小解决本题的突破口在于通过光线的偏折程度比较出光的折射率大小，知道折射率、频率、波长、在介质中的速度等大小关系。【解答】由光路图可知，a光的偏折程度较小，b光的偏折程度较大，则a光的折射率小，b光的折射率大。即nanb。折射率越大，频率越大，波长越小，则知a光的波长大，即ab。故B正确，ACD错误。故选B。7.【答案】BC【解析】解：A、ab棒向右运动，由右手定则可知，感应电流由b流向a，由左手定则可知，ab棒受到的安培力向左，故A错误；B、ab棒受到的安培力：F=BIL=，ab棒的速度v越大，所受安培力F越大，故B正确；C、感应电流由b流向a，由右手定则可知，通电螺线管产生的磁场D端为N极，C端为S极，故C正确；D、D为N极，则小磁针的S极指向螺线管的D端，故D错误；故选：BC。应用右手定则判断出感应电流方向、判断出螺线管的极性，应用左手定则判断出安培
