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1、 高考物理一模试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1. 用波长为0的单色光照射逸出功为W的金属，刚好能发生光电效应，若改为波长为（0）的单色光照射该金属，则从金属打出的电子的动能（）A. 等于（-1）WB. 小于或等于（-1）WC. 大于（1-）WD. 大于或等于（1-）W2. 矿井中的升降机以5m/s的速度竖直向上匀速运行，某时刻一螺钉从升降机底板松脱，经过3s升降机底板上升至井口，此时松脱的螺钉刚好落到井底，不计空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，则井口到井底的距离为（）A. 15mB. 30mC. 45mD. 60m3. 如图甲所示的电路中，当理想变压
2、器a、b端加上如图乙所示的交变电压，闭合开关S，三只相同灯泡均正常发光下列说法中正确的是（）A. 小灯泡的额定电压为6VB. 变压器原、副线圈的匝数比为3：1C. 图乙所示的交变电压瞬时值表达式为u=36sin100t（V）D. 断开开关S，L1会变亮，L2会变暗4. 在匀强磁场中，一个原来静止的原子核，由于衰变放射出某种粒子，结果得到一张两个相切圆1和2的径迹照片如图所示，已知两个相切圆半径分别r1、r2，则下列说法正确的是（）A. 原子核可能发生衰变，也可能发生衰变B. 径迹2可能是衰变后新核的径迹C. 若衰变方程是UTH+He，则衰变后新核和射出的粒子的动能之比为117：2D. 若衰变方
3、程是TH+He，则r1：r2=1：455. 如图所示，倾角为=30的斜面体静止在粗糙的水平面上，一质量为m、可看成质点的光滑小球在不可伸长的轻绳拉力的作用下静止在斜面上。已知轻绳与斜面间的夹角也为，重力加速度为g，则水平面对斜面体的摩擦力大小为（）A. mgB. mgC. mgD. mg二、多选题（本大题共4小题，共23.0分）6. 2019年1月3日，嫦娥四号探测器登陆月球，实现人类探测器首次月球背面软着陆。为给嫦娥四号探测器提供通信支持，我国于2018年5月21日成功发射嫦娥四号中继星“鹊桥号”如图所示，“鹊桥号”中继星围绕地月拉格朗日L2点旋转，“鹊桥号”与L2点的距离远小于L2点与地球
4、的距离。已知位于地月拉格朗日Ll、L2点处的小物体能够在地月的引力作用下，几乎不消耗燃料，便可与月球同步绕地球做圆周运动。下列说法正确的是（）A. “鹊桥号”的发射速度大于11.2km/sB. “鹊桥号”绕地球运动的周期约等于月球绕地球运动的周期C. 同一卫星在L2 点受地月引力的合力比在L1点受地月引力的合力大D. “鹊桥号”若刚好位于L2点，能够更好地为嫦娥四号探测器提供通信支持7. 如图所示，水平线a、b、c、d为匀强电场中的等差等势线，一个质量为m，电荷量绝对值为q的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两个点，已知该粒子在A点的速度大小为v1，在B点的速度大小为v2且方向与等势
5、线平行，A、B连线长为L，连线与竖直方向的夹角为，不计粒子受到的重力，则（）A. 该粒子一定带正电B. 匀强电场的电场强度大小C. 粒子在B点的电势能一定大于在A点的电势能D. 等势线b的电势比等势线c的电势高8. 如图所示，一根轻弹簧端固定在O点，另一端固定一个带有孔的小球，小球套在固定的竖直光滑杆上，小球位于图中的A点时，弹簧处于原长。现将小球从A点由静止释放，小球向下运动能到达的最低点为D点，OB垂直于杆，A、C两点关于B点对称。重力加速度为g，则小球从A运动到D的过程中（）A. 加速度等于g的点有三处B. 在C点速度最大C. 小球从A运动到B的时间与从B运动到C的时间相等D. 小球在A
6、、C两点的机械能相等9. 以下物理学知识的相关叙述中，正确的是（）A. 交警通过发射超声波测量车速是利用了波的多普勒效应B. 用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的偏振C. 通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条紋，说明光具有波动性D. 红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线E. 在“测定玻璃的折射率”的实验中，若玻璃的两界面不平行，不会影响实验结果三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）10. 如图，已知气垫导轨上滑块的质量为M，钩码的质量为m，遮光条宽度为d，两光电门间的距离为L，气源开通后，滑块在牵引力的作用下运动，遮光条先后通过两个光电门的挡光时间为
7、t1和t2，取当地重力加速度为g。（1）用上述装置探究滑块加速度a与其质量M及绳子拉力F（用钩码重力代替）的关系，下列做法正确的是_。A应控制钩码的质量m远小于滑块的质量MB可更换更宽的遮光条以减小实验误差C应调节滑轮高度使连接滑块的细线与轨道平行D还应测出滑块从光电门1到光电门2的时间t（2）还可用上述装置探究系统在运动中的机械能关系，滑块从光电门1运动到光电门2的过程中，满足关系式_时（用题干中的已知量表示），“钩码-滑块”系统机械能守恒。11. 如图甲为某同学测量金属丝电阻率的实验电路图，R0为保护电阻，实验的主要步骤如下，请完成相关内容。（1）用螺旋测微器测金属丝的直径d如图乙所示，可
8、读出d=_mm（2）将P移到金属丝某一位置，闭合单刀双掷开关接位置I1，记下电流表读数，保持P位置不变，将单刀双掷开关接位置b，调节电阻箱阻值，使电流表读数为_（选填“，I1，2I1“），读出电阻箱读数，金属丝电阻R1等于此时电阻箱阻值，并测出此时金属丝接入电路MP部分长度x1值（3）将P移到金属丝另一位置，用同样方法测出金属丝接入电路电阻R2值和接入电路长度x2值，重复步骤（2）多次，得出多组R和x的值，并画R-x的关系图如图丙所示。根据R-x的关系图线，求得图线斜率k为_（保留3位有效数字）（4）由测得的数据计算可得金属丝电阻率=_m（保留2位有效数字）四、计算题（本大题共3小题，共42.
9、0分）12. 如图所示，足够长的平行光滑金属导轨水平放置，宽度L=0.4m，一端连接R=1的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=5T导体棒MN放在导轨上，其长度恰好等于导轨间距，与导轨接触良好。导轨和导体棒的电阻均可忽略不计。在平行于导轨的拉力作用下，导体棒沿导轨向右匀速运动，速度v=0.6m/s。求：（1）感应电动势E和感应电流I；（2）在0.2s时间内，拉力的冲量IF的大小；（3）若将MN换为电阻r=0.5的导体棒，其它条件不变，求导体棒两端的电压U。13. 如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为R的半圆形，固定在竖直面内，管口B、C的连线是水平直径。MN为过半圆圆心O的
10、竖直界直界线，MN界线（含界线）右侧空间有足够大的匀强电场。现有一质量为m的带电小球（可视为质点）从B点正上方距离B为2R的A点自由下落，结果小球从管口C处脱离圆管后，其运动轨迹经过MN界线上的P点，A、P两点在同一水平线上。小球进入电场后，所受电场力竖直向上的分力大小与重力大小相等，小球运动过程中带电荷量保持不变，重力加速度为g，空气阻力不计，求：（1）小球经过管口B时重力的瞬时功率；（2）小球经过P点时的速度大小；（3）电场力的大小及小球经过管口C时对管壁的压力。14. 一列简谐横波，在t=0时刻的波形如图所示，质点振动的振幅为20cm。P、Q两点的坐标分别为-1m和-5m，波沿x轴负方向
11、传播。已知t=0.5s时，P点第一次出现波谷。试计算：这列波的传播速度多大；当Q点第二次出现波峰时，P点通过的路程为多少。答案和解析1.【答案】B【解析】解：用波长为0的单色光照射某种金属，刚好发生光电效应，则该金属的逸出功改为波长为（0）的单色光照射该金属，根据光电效应方程可得：可得：Ekm=（-1）W，可知从金属打出的电子的动能应小于等于（-1）W故B正确，ACD错误故选：B。抓住单色光照射金属刚好发生光电效应，求出金属的逸出功，根据光电效应方程求出光电子的最大初动能。解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与遏止电压的关系，并能灵活运用，基础题。2.【答案】C【解析】解：由运动学公
12、式可得，螺钉自脱落至井底的位移：h1=-v0t+gt2，升降机这段时间的位移h2=v0t，故矿井的深度为h=h1+h2=45m，故C正确，ABD错误；故选：C。螺钉脱落后做竖直上抛运动，抓住升降机的位移与螺钉的位移之和等于H即可求解。解决本题的关键搞清升降机和螺钉的运动状况，结合运动学公式灵活求解，难度不大，属于基础题。3.【答案】A【解析】解：A、当S闭合后，原线圈中I1等于灯泡L1的电流，副线圈中I2是灯泡L2和L3的电流之和，由于三只相同的灯泡正常发光，故I2=2I1，根据n1I1=n2I2可知n1：n2=2：1，由于输入电压U=UL+U1=18V，且，U2=UL，得U1=2UL，故UL
13、=6V，即小灯泡的额定电压为6V，故A正确，B错误；C、由题意得图乙所示的交变电压瞬时值表达式为u=18sin100t（V），故C错误；D、断开开关S，负载电阻增大，副线圈电流I2减小，原线圈电流I1随之减小，则有灯泡L1变暗，L1两端电压减小，由U1=U-UL得原线圈两端电压U1增大，副线圈两端电压U2随之增大，灯泡L2变亮，故D错误。故选：A。由三只灯泡均正常发光，则可求得原副线圈的电流，求得匝数之比；根据断开开关后负载电阻的变化确定电流的变化，从而明确灯泡的亮度变化。本题考查变压器的基本内容，明确电流电压与匝数的关系，电表的示数为有效值，可以类比于闭合电路欧姆定律的动态分析方法进行分析处
14、理。4.【答案】D【解析】解：A、原子核衰变过程系统动量守恒，由动量守恒定律可知，衰变生成的两粒子动量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定则知：若生成的两粒子电性相反则在磁场中的轨迹为内切圆，若电性相同则在磁场中的轨迹为外切圆，所以为电性相同的粒子，可能发生的是衰变，但不是衰变，故A错误；B、核反应过程系统动量守恒，原子核原来静止，初动量为零，由动量守恒定律可知，原子核衰变后生成的两核动量P大小相等、方向相反，粒子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：r=，由于P、B都相同，则粒子电荷量q越大，其轨道半径r越小，由于新核的电荷量大于粒子的电荷量，则新核的
15、轨道半径小于粒子的轨道半径，则半径为r1的圆为放出新核的运动轨迹，半径为r2的圆为粒子的运动轨迹，故B错误；C、根据动量守恒定律知，新核TH和粒子的动量大小相等，则动能EK=，所以动能之比等于质量之反比，为2：117，故C错误；D、由B选项的分析知：r1：r2=2：90=1：，故D正确；故选：D。静止的原子核发生衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后的粒子的运动的方向相反，在根据粒子在磁场中运动的轨迹可以判断粒子的电荷的性质；衰变后的粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力可得半径公式，结合轨迹图分析。知道原子核衰变过程动量守恒是本题解题的前提与关键，分析清楚图示运动轨迹、应用动量守恒定律与牛顿第二定律即可解题。5.【答案】B【解析】解：选小球为研究对象，受力分析并合成如图：由平衡条件：F=mg由平面几何知识可得：N与F夹角为30，T与F夹角也为30
