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1、 高考物理三模试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共3小题，共18.0分）1. 如图所示，静止在光滑水平面上的斜面体，质量为M，倾角为，其斜面上有一静止的滑块，质量为m，重力加速度为g。现给斜面体施加水平向右的力使斜面体加速运动，若要使滑块做自由落体运动，图中水平向右的力F的最小值为（）A. B. C. D. Mg2. 如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为1：3，两端分别接有4个阻值相同的灯泡，已知4盏灯均能发光，则L1和L2的电流之比为（）A. 3：1B. 6：1C. 9：2D. 11：23. 如图所示为某电场中x轴上电势随x变化的图像，一个带电粒子仅受电场力作用在x0处由静止释放
2、沿x轴正向运动，且以一定的速度通过xx2处，则下列说法正确的是( ) A. x1和x2处的电场强度均为零B. x1和x2之间的场强方向不变C. 粒子从x0到xx2过程中，电势能先增大后减小D. 粒子从x0到xx2过程中，加速度先减小后增大二、多选题（本大题共7小题，共39.0分）4. 下列说法正确的是（）A. 卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型B. 衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C. 对于任何一种金属都存在一个极限频率，入射光的频率必须大于这个极限频率，才能产生光电效应D. 根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动动
3、能减小5. 如图所示，轻弹簧左端固定在竖直墙上，右端与木块B相连，木块A紧靠木块B放置，A、B与水平面间的动摩擦因数均为用水平力F向左压A，使弹簧被压缩一定程度后，系统保持静止。若突然撤去水平力F，A、B向右运动，下列判断正确的是（）A. A、B可能不会分开B. 若A、B在向右运动过程的某时刻分开了，当时弹簧一定是原长C. 若A、B在向右运动过程的某时刻分开了，当时弹簧一定比原长短D. 若A、B在向右运动过程的某时刻分开了，当时弹簧一定比原长长6. 已知，某卫星在赤道上空轨道半径为r1的圆形轨道上绕地运行的周期为T，卫星运动方向与地球自转方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正
4、上方假设某时刻，该卫星如图在A点变轨进入椭圆轨道，近地点B到地心距离为r2设卫星由A到B运动的时间为t，地球自转周期为T0，不计空气阻力则（）A. T=T0B. t=C. 卫星在图中椭圆轨道由A到B时，机械能增大D. 卫星由图中圆轨道进入椭圆轨道过程中，机械能不变7. 如图所示，某次足球训练，守门员将静止的足球从M点踢出，球斜抛后落在60m外地面上的P点。发球的同时，前锋从距P点11.5m的N点向P点做匀加速直线运动，其初速度为2m/s，加速度为4m/s2，当其速度达到8m/s后保持匀速运动。若前锋恰好在P点追上足球，球员和球均可视为质点，忽略球在空中运动时的阻力，重力加速度g取10m/s2下
5、列说法正确的是（）A. 前锋加速的距离为7.5mB. 足球在空中运动的时间为2.3sC. 足球运动过程中的最小速度为30m/sD. 足球上升的最大高度为10m8. 如图所示为两光滑金属导轨MNQ和GHP，其中MN和GH部分为竖直的半圆形导轨，NQ和HP部分为水平平行导轨，整个装置置于方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中有两个长均为l、质量均为m、电阻均为R的导体棒垂直导轨放置且始终与导轨接触良好，其中导体棒ab在半圆形导轨上，导体棒cd在水平导轨上，当恒力F作用在导体棒cd 上使其做匀速运动时，导体棒ab恰好静止，且距离半圆形导轨底部的高度为半圆形导轨半径的一半，已知导轨间距离为l，重
6、力加速度为g，导轨电阻不计，则（）A. 每根导轨对导体棒ab的支持力大小为2mgB. 导体棒cd两端的电压大小为C. 作用在导体棒cd上的恒力F的大小为mgD. 恒力F的功率为9. 以下说法正确的是（）A. 在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零B. 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子力表现为引力，因而产生表面张力C. 一定温度下气体的分子速率一般不等，但速率很大和速率很小的分子数目相对较少D. 当分子间的距离r=r0时，分子力为零，说明此时分子间不存在作用力E. 冬天取暖时，火炉把房子烤暖属于能量耗散10. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为2m/s，振幅A=2cm，M、
7、N是平衡位置相距为3m的两个质点，如图所示，在t=0时，M通过其平衡位置沿y轴正方向运动，N位于其平衡位置上方最大位移处，已知该波的周期大于1s，下列说法正确的是（）A. 该波的周期为6sB. 在t=0.5s时，质点N正通过平衡位置沿y轴负方向运动C. 从t=0到t=1s，质点M运动的路程为2cmD. 在t=5.5s到t=6s，质点M运动路程为2cmE. t=0.5s时刻，处于M、N正中央的质点加速度与速度同向三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 某同学将小球a、b分别固定于一轻杆的两端，杆呈水平且处于静止状态，释放轻杆使a、b两球随轻杆逆时针转动，用如图甲所示装置验证机械能守恒定
8、律，已知重力加速度大小为g。（1）若实验中没有现成的遮光条，用现有的等质量的遮光片替代，用螺旋测微器测量A遮光片的宽度如图乙所示，其读数为_mm；用20分度的游标卡尺测量B遮光片的宽度如图丙所示，其读数为_mm为了减小实验误差，实验中应选用_遮光片作为遮光条（选填“A”或“B”）。（2）若选用遮光片的宽度为d，测出小球a、b（b的质量含遮光片）质量分别为ma和mb，光电门记录遮光片挡光的时间为t，转轴0到a、b球的距离la和，光电门在O的正下方，与O的距离为lb，如果系统（小球a、b以及杆）的机械能守恒，应满足的关系式为_（用题中测量量的字母表示）12. 小华、小刚共同设计了图甲所示的实验电路
9、，电路中的各个器材元件的参数为：电池组（电动势约6V，内阻r约3）、电流表（量程2.0A，内阻rA=0.8）、电阻箱R1（099.9）、滑动变阻器R2（0Rt）、开关三个及导线若干他们认为该电路可以用来测电源的电动势、内阻和R2接入电路的阻值（1）小华先利用该电路准确地测出了R2接入电路的阻值他的主要操作步骤是：先将滑动变阻器滑片调到某位置，接着闭合S、S2，断开S1，读出电流表的示数I；再闭合S、S1，断开S2，调节电阻箱的电阻值为3.6时，电流表的示数也为I此时滑动变阻器接入电路的阻值为_（2）小刚接着利用该电路测出了电源电动势和内电阻他的实验步骤为：a在闭合开关前，调节电阻R1或R2至_
10、（选填“最大值”或“最小值”），之后闭合开关S，再闭合_（选填“S1”或“S2”）；b调节电阻_（选填“R1”或“R2”），得到一系列电阻值R和电流I的数据；c断开开关，整理实验仪器图乙是他由实验数据绘出的-R图象，图象纵轴截距与电源电动势的乘积代表_，电源电动势E=_V，内阻r=_（计算结果均保留两位有效数字）四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13. 如图，水平地面上有一木板B，小物块A（可视为质点）放在B的右端，B板右侧有一厚度与B相同的木板CA、B以相同的速度一起向右运动，而后B与静止的C发生弹性碰撞，碰前瞬间B的速度大小为2m/s，最终A未滑出C已知A、B的质量均为1kg，C的
11、质量为3kg，A与B、C间的动摩擦因数均为0.4，B、C与地面间的动摩擦因数均为0.1，取重力加速度g=10m/s2求：（1）碰后瞬间B、C的速度；（2）整个过程中A与C之间因摩擦而产生的热量；14. 如图所示，一质量为m、电荷量为+q的粒子从竖直虚线上的P点以初速度v0水平向左射出，在下列不同情形下，粒子经过一段时间后均恰好经过虚线右侧的A点。已知P、A两点连线长度为l，连线与虚线的夹角为=37，不计粒子的重力，（sin37=0.6，cos37=0.8）。（1）若在虚线左侧存在垂直纸面向外的匀强磁场，求磁感应强度的大小B1；（2）若在虚线上某点固定一个负点电荷，粒子恰能绕该负点电荷做圆周运动
12、，求该负点电荷的电荷量Q（已知静电力常量为是）；（3）若虚线的左侧空间存在垂直纸面向外的匀强磁场，右侧空间存在竖直向上的匀强电场，粒子从P点到A点的过程中在磁场、电场中的运动时间恰好相等，求磁场的磁感应强度的大小B2和匀强电场的电场强度大小E。15. 圆柱形喷雾器高为h，内有高度为的水，上部封闭有压强为p0、温度为T0的空气。将喷雾器移到室内，一段时间后打开喷雾阀门K，恰好有水流出。已知水的密度为，大气压强恒为p0，喷雾口与喷雾器等高。忽略喷雾管的体积，将空气看作理想气体。（1）求室内温度。（2）在室内用打气筒缓慢向喷雾器内充入空气，直到水完全流出，求充入空气与原有空气的质量比。16. 如图所
13、示，AOB是截面为扇形的透明介质的横截面图，其圆心角AOB=90，半径为r。在OA边的右半部分AD间有一束平行光线垂直OA边射入透明介质，已知透明介质对该光线的折射率n=（对于某一光线有折射时不考虑反射）求圆弧面上有光线射出的弧长；某光线经圆弧面两次全反射后恰好垂直OB面射出，求出射点到O点的距离（可用三角函数表示）。答案和解析1.【答案】A【解析】解：如图所示，要使滑块做自由落体运动，滑块与斜面体之间没有力的作用，滑块的加速度为g，设此时M的加速度为a，对M：F=Ma，其中：=tan，联立解得：F=故A正确，BCD错误。故选：A。滑块做自由落体运动，滑块的加速度为g，求出斜面体的加速度，然后
14、对斜面体应用牛顿第二定律求出水平力大小。本题考查了牛顿第二定律的应用，根据题意分析清楚滑块与斜面体的运动性质与运动过程、根据题意确定临界条件是解题的前提与关键。2.【答案】D【解析】解：由题意知原副线圈电压之比为1：3，设通过L4的电流为I2，原线圈的电流为I1，根据变压器原理可得：I1=3I2，原线圈两端电压U1=U2，且L3和L4两端电压相等为，则通过L2的电流强度为：I=I2，所以L1的电流强度为：I=I2+3I2=I2，所以L1和L2的电流之比为11：2，故D正确；故选：D。理想变压器的特点：电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率。掌握住理想变压器的电压、电流及功率之
15、间的关系，本题即可得到解决。3.【答案】D【解析】解：A、-x图象的切线斜率越大，则场强越大，可知，x1和x2处的电场强度均不为零，故A错误；B、由切线斜率的正负可知，x1和x2之间的场强方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，故B错误；C、粒子由x=0处由静止沿x轴正向运动，表明粒子运动方向与电场力方向同向，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故C错误；D、由图线的切线斜率可知，从x=0到x=x2过程中电场强度先减小后增大，粒子所受的电场力先减小后增大，因此粒子的加速度先减小后增大，故D正确。故选：D。-x图象的切线斜率表示场强，根据电势的变化可分析场强的方向，由电场力方向与粒子运动方向的关系判断电场力做功正负，从而分析其电势能的变化情况。根据电场强度的变化，判断电场力的变化，来分析
