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1、 高考物理三调试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1. 如图所示，一验电器与锌板相连，现用一紫外线灯照射锌板，关灯后指针仍保持一定偏角，下列判断中正确的是（）A. 此现象说明光具有波动性B. 用一带负电（带电量极少）的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将增大C. 使验电器指针回到零后，改用强度更大的紫外线灯照射锌板，验电器指针偏角将比原来大D. 使验电器指针回到零后，改用强度更大的红外线灯照射锌板，验电器指针一定偏转2. 如图甲所示，理想变压器的原线圈匝数n1=100匝，副线圈匝数n2=50匝，电阻R=10，电压表V是交流电压表，电流表A是交流电流表，原线圈加
2、上如图乙所示的交流电，则下列说法正确的是（）A. 流经电阻R的电流的频率为100HzB. 电压表V的示数为VC. 电流表A的示数为2AD. 变压器原线圈输入功率为10W3. 如图所示，一个质量为的物体（体积可忽略），在半径为的光滑半球顶点处以水平速度运动，重力加速度为。则下列说法正确的是（ ）A. 若，则物体在顶点时处于超重状态B. 物体在半球顶点时重力的瞬时功率为C. 若，则物体恰好沿半球表面下滑D. 物体在半球顶点时的机械能一定为4. 中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的
3、卫星导轨系统，预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力，如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（）A. 卫星a的角速度小于c的角速度B. 卫星a的加速度小于b的加速度C. 卫星a的运行速度大于第一宇宙速度D. 卫星b的周期大于24h二、多选题（本大题共6小题，共33.0分）5. 为了安全，在公路上行驶的汽车必须保持距离。假设高速公路上甲、乙两车在同一车道上行驶，甲车在前，乙车在后。t=0时刻，发现前方有事故，两车同时开始刹车，行进中两车恰好没有发生碰撞。两车刹车过程的v-t图象如图所示，以下判断正确的是（）A. 两车
4、都停止运动时相距25mB. t=0时刻两车间距等于50mC. t=5s时两车间距小于t=15s时两车间距D. 乙车刹车的加速度大小是甲车的1.5倍6. 如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的四个等势面，一电子经过等势面D时，动能为16eV，速度方向垂直于等势面D飞经等势面C时，电势能为-8eV，飞至等势面B时速度恰好为零。已知相邻等势面间的距离均为4cm，电子重力不计，则下列说法正确的是（）A. 电子做匀变速直线运动B. 匀强电场的场强大小为100V/mC. 等势面A的电势为-8VD. 电子再次飞经D等势面时，动能为16eV7. 如图所示，电阻为R的金属棒从图示位置ab分别以v1、v2的速
5、度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到ab位置，若v1：v2=2：1，则在这两次过程中（）A. 产生的热量Q1：Q2=4：1B. 回路电流I1：I2=2：1C. 通过金属棒截面的电量q1：q2=1：1D. 外力的功率P1：P2=2：18. 如图所示，在空间中存在竖直向上的匀强电场，质量为m、电荷量为+q的物块从A点由静止开始下落，加速度为g，下落高度H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h到达最低点C，整个过程中不计空气阻力，且弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则带电物块在由A点运动到C点的过程中，下列说法正确的是（）A. 物块在B点速度最大B. 弹簧的弹性势能的增量为C. 带电物块电势能的增加量为m
6、g（H+h）D. 带电物块和弹簧组成的系统机械能减少量为9. 下列说法正确的是（）A. 温度越高，扩散现象越不明显B. 橡胶无固定熔点，是非晶体C. 做功和热传递是改变物体内能的两种方式D. 布朗运动就是液体分子的热运动E. 第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律10. 图甲为某一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时的波形图，图乙为波上质点M的振动图象，下列说法正确的是（）A. 这列波的传播速度大小为4m/sB. 这列波沿x正方向传播C. t=0.5s时，质点M的振动速度大于质点Q的振动速度D. t=0.5s时，质点P的位移为0.2mE. 质点M在任意时刻
7、t的位移为：y=-0.2sin（2t）cm三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验有一直径为d、质量为m的金属小球由A处由静止释放，下落过程中能通过A处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H（Hd），光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g则：（1）如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径d=_cm（2）多次改变高度H，重复上述实验，作出随H的变化图象如图丙所示，当图中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直径d满足以下表达式：_时，可判断小球下落过程中机械能守恒（3）实验中发现动能增
8、加量EK总是稍小于重力势能减少量EP，增加下落高度后，则Ep-Ek将_（选填“增加”、“减小”或“不变”）12. 某实验小组设计了如图1的电路，用于研究热敏电阻Rr的伏安特性曲线，所用电压表量程为3V，内阻约10k，电流表量程为0.5A，内阻RA=4.0，R为电阻箱。（以下计算结果均保留2位有效数字）（1）该实验小组实验操作步骤：按实验电路图把电路连接好；把电阻箱调到最大，闭合开关；调节电阻箱电阻值，记录下不同电阻箱电阻值Ri和对应的电压表示数Ui和电流表示数Ii；通过上述测量数据，可得到电源路端电压U端i。（2）该小组同学通过正确的测量得到数据，并描绘在I-U坐标系中，图象如图2所示，其中A
9、曲线是热敏电阻伏安特性曲线，B斜线为电流随电源路端电压的变化规律。当电压表示数为2.00V时，热敏电阻值RT=_；该电源的电动势E=_V，内电阻r=_；（3）实验中，当电阻箱的阻值调到1时，热敏电阻消耗的电功率P=_W。四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13. 如图所示，在沙堆表面放置一长方形木块A，其上面再放一个质量为m的爆竹B，木块的质量为M当爆竹爆炸时，因反冲作用使木块陷入沙中深度h，而木块所受的平均阻力为f。若爆竹的火药质量以及空气阻力可忽略不计，重力加速度g。求：（1）爆竹爆炸瞬间木块获得的速度；（2）爆竹能上升的最大高度。14. 在如图所示的平面直角坐标系中，存在一个半径R
10、=0.2m的圆形匀强磁场区域，磁感应强度B=1.0T，方向垂直纸面向外，该磁场区域的右边缘与y坐标轴相切于原点O点。y轴右侧存在一个匀强电场，方向沿y轴正方向，电场区域宽度l=0.1m。现从坐标为（-0.2m，-0.2m）的P点发射出质量m=2.010-9kg、带电荷量q=5.010-5C的带正电粒子，沿y轴正方向射入匀强磁场，速度大小v0=5.0103m/s（粒子重力不计）。（1）带电粒子从坐标为（0.1m，0.05m）的点射出电场，求该电场强度；（2）为了使该带电粒子能从坐标为（0.1m，-0.05m）的点回到电场，可在紧邻电场的右侧区域内加匀强磁场，试求所加匀强磁场的磁感应强度大小和方向
11、。15. 如图，气缸左右两侧气体由绝热活塞隔开，活塞与气缸光滑接触。初始时两侧气体均处于平衡态，体积之比V1：V2=1：2，温度之比T1：T2=2：5先保持右侧气体温度不变，升高左侧气体温度，使两侧气体体积相同；然后使活塞导热，两侧气体最后达到平衡。求：（1）两侧气体体积相同时，左侧气体的温度与初始温度之比；（2）最后两侧气体的体积之比。16. 如图，将半径为R的透明半球体放在水平桌面上方，O为球心，直径恰好水平，轴线OO垂直于水平桌面。位于O点正上方某一高度处的点光源S发出一束与OO，夹角=60的单色光射向半球体上的A点，光线通过半球体后刚好垂直射到桌面上的B点，已知OB=R，光在真空中传播
12、速度为c，不考虑半球体内光的反射，求：（i）透明半球对该单色光的折射率n；（ii）该光在半球体内传播的时间。答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、该现象为光电效应现象，说明了光具有粒子性；故A错误；B、用一紫外线灯照射锌板，锌板产生光电效应，光电子射出后，锌板带正电，用一带负电的金属小球与锌板接触，则验电器指针偏角将减小。故B错误；C、使验电器指针回到零后，改用强度更大的紫外线灯照射锌板，则逸出的光电子增加，所以验电器指针偏角将比原来大。故C正确；D、红光的频率比紫外线低，红光不一定能使锌板产生光电效应，验电器指针不一定偏转。故D错误故选：C。用一紫外线灯照射锌板，产生光电效应现象，根据锌板
13、的电性，分析用带负电的金属小球与锌板接触后，验电器指针偏角的变化。红光的频率比紫外线低，红光不一定能使锌板产生光电效应。光电效应中光电子射出后，金属板带正电。光电效应的产生条件取决于入射光的频率。2.【答案】D【解析】解：A、由图乙可知交流电周期T=0.02秒，故频率为f=50Hz，故A错误；B、由图乙可知交流电压最大值Um=20V，故变压器的输入电压为：U1=20V；根据变压比公式，有：，解得：U2=10V，电压表V的示数为10V，故B错误；C、根据功率关系可得U1I1=，解得原线圈的电流强度为I1=0.5A，故C错误；D、变压器的输入功率P1=U1I1=10W，故D正确；故选：D。由图乙可
14、知交流电压最大值、周期，由此求解频率和电压表示数；根据变压器的输出功率等于输入功率求解电流表示数和输入功率本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等3.【答案】B【解析】解：A、设物体受支持力为F，根据牛顿第二定律：mg-F=m，得：F=mg-m，若v00，物体对半球顶点的压力为小于mg，失重状态，故A错误；B、根据P=Fvcos知物体在半球顶点时重力与速度垂直，瞬时功率为0，故B正确；C、若v0=，则mg-F=m，得：F=0，则物体对半球面顶点无压力，将沿切线方向
15、飞出，故C错误；D、物体在半球顶点时的机械能一定为mv02+mgh，h是相对的，要看零势面的选取，只当选择地面为零势面才是R，故D错误。故选：B。在最高点，物体沿半径方向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律判断是否有支持力解决本题的关键知道物体做圆周运动向心力的来源，难度不大，属于基础题。4.【答案】A【解析】解：由图示可知：ra=rbrc；A、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：G=m2r，解得：=，由于：rarc，则：ac，故A正确；B、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：G=ma，解得：a=，由于：ra=rb，则：aa=ab，故B错误；C、万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，由于卫星的轨道半径大于地球半径，a的运行速度小于第一宇
