《2019届福建省高三上学期第一次阶段检测物理试题（解析word版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019届福建省高三上学期第一次阶段检测物理试题（解析word版）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 湖滨中学2019届高三年级开学考试卷物理 试卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1. 一物体运动的速度一时间图象如图所示t轴上、下方曲线的形状完全相同，下列说法正确的是A. t=1s时，物体的加速度最大B. t=2s时，物体的加速度为零C. 物体前两秒的平均速度等于5m/sD. 物体前四秒的平均速度等于零【答案】D【解析】A、v-t图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度，故t=1s时，物体的加速度为零，最小，故A错误；B、v-t图
2、象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度，故t=2s时，物体的加速度最大，不为零，故B错误；C、如果第1s匀加速到10m/s，第2s由10m/s匀减速到零，则前2s的平均速度等于5m/s，但前2s物体的位移偏大（用v-t图象的面积表示），故平均速度大于5m/s，故C错误；D、v-t图象与时间轴包围的面积表示位移大小，前4s物体的位移为零，故平均速度为零，故D正确；故选：D2.一个从静止开始作匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是( ).A. 1:4:9 1:2:3 B. 1:8:27 1:4:
3、9 C. 1:2:3 1:1:1 D. 1:3:5 1:2:3【答案】B【解析】试题分析: 由匀变速直线运动规律知：，可得：，这三段位移上的平均三段大小之比为：，B对。考点:匀变速直线的运动规律、平均速度。【名师点睛】匀变速直线运动规律的应用1三个基本公式vv0at，xv0tat2，v2v2ax均为矢量式，应用时应规定正方向。2方法技巧如果一个物体的运动包含几个阶段，首先要分段分析，各段交接处的速度往往是联系各段的纽带。然后再进一步分析各段的运动性质。3.一旅客在站台8号车厢候车线处候车，若动车一节车厢长25m，动车进站时可以看做匀减速直线运动他发现第6节车厢经过他时用了4s，动车停下时旅客刚
4、好在8号车厢门口（8号车厢最前端），则该动车的加速度大小约为（）A. 2m/s2 B. 1m/s2 C. 0.5m/s2 D. 0.2m/s2【答案】C【解析】试题分析: 设开始经过第6节车厢是，车厢速度为v0，加速度为a，则从第6节到第8节车厢x=2L则：解得：，故选C。考点:匀变速直线位移与速度的关系。【名师点睛】基本规律（1）速度公式：vv0at。（2）位移公式：xv0tat2。（3）位移速度关系式：v2v2ax。4.一条悬链长7.2 m，从悬挂点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬挂点正下方20 m处的一点所需的时间是(g取10 m/s2)()A. 0.3 s B. 0
5、.4 s C. 0.7 s D. 1.2 s【答案】B【解析】试题分析: 悬链下端到大20m处时，用时t1，则，悬挂点落至20m处用时t2，则，可知悬链通过20m处用时，B对。考点:自由落体运动。【名师点睛】略。5.如图，半圆形金属框竖直放在粗糙的水平地面上，套在其上的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为，现用力F拉动小球，使其缓慢上移到框架的最高点，在此过程中金属框架始终保持静止，下列说法中正确的是 A. 框架对小球的支持力先减小后增大B. 水平拉力F 先增大后减小C. 地面对框架的支持力先减小后增大D. 地面对框架的摩擦力一直减小【答案】D【解析】以
6、小球为研究对象，分析受力情况如图所示：根据动态三角形可知：框架对小球的支持力不断减小，故A错误；水平拉力F 一直减小，故B错误；以框架与小球组成的整体为研究对象，整体受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由图可知，水平拉力F 一直减小，所以地面对框架的摩擦力始终在减小，框架对地面的压力保持不变，故D正确，C错误。所以D正确，ABC错误。6.如图所示，倾角为的斜面体C置于水平地面上，小物块B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，已知A、B、C都处于静止状态，则( )A. B受C的摩擦力一定不为零B. C受地面的摩擦力一定为零C. C有沿地面
7、向右滑的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D. 将细绳剪断，若B依然静止在斜面上，此时地面对C的摩擦力水平向左【答案】C【解析】【详解】设A、B、C的重力分别为GA、GB、GC若GA=GBsin，B相对于C没有运动趋势，不受到C的摩擦力。故A错误。以B、C整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得：地面对C的摩擦力f=Fcos=GAcos，方向水平向左，说明C有沿地面向右滑动的趋势。故B错误，C正确。将细绳剪断，若B依然静止在斜面上，则以B、C整体为研究对象得到，f=0，即水平面对C的摩擦力为零。故D错误。故选C。7.如图所示的装置为在摩擦力不计的水平桌面上放一质量为m乙=5kg的盒子乙，乙内放
8、置一质量为m丙=1kg的滑块丙，用一质量不计的细绳跨过光滑的定滑轮将一质量为m甲=2kg的物块甲与乙相连接，其中连接乙的细绳与水平桌面平行现由静止释放物块甲，在以后的运动过程中，盒子乙与滑块丙之间没有相对运动，假设整个运动过程中盒子始终没有离开过水平桌面，重力加速度g=10m/s2，则（）A. 细绳对盒子的拉力大小为20NB. 盒子的加速度大小为2.5m/s2C. 盒子对滑块丙的摩擦力大小为2.5ND. 定滑轮受到细绳的作用力为30N【答案】BC【解析】试题分析：以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求解加速度大小；再以乙和丙为研究对象求解绳子拉力大小，以丙为研究对象，根据牛顿第二定律求解摩擦力大
9、小；以滑轮为研究对象，根据力的合成求解绳子对滑轮的作用力大小以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：m甲g=（m甲+m乙+m丙）a，解得整体的加速度为，以乙和丙整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得绳子的拉力大小为，A错误B正确；以丙为研究对象，根据牛顿第二定律可得盒子对滑块丙的摩擦力大小为，C正确；定滑轮受到细绳的作用力为，D错误8.如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O.整个系统处于静止状态现将细线剪断，将物块a的加速度的大小记为a1，S1和S2相对于原长的伸长分别记为l1和l2，重力加速度大小为g.在剪断的瞬间(
10、)A. a13g B. a10C. l12l2 D. l1l2【答案】AC【解析】【详解】对a、b、c分别受力分析如图，根据平衡条件，有：对a：F2=F1+mg对b：F1=F+mg对c：F=mg所以：F1=2mg弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程，绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零。当绳断后，b与c受力不变，仍然平衡，故a=0；对a，绳断后合力为F合=F1+mg=3mg=maa，aa=3g方向竖直向下；故A正确，B错误。当绳断后，b与c受力不变，则F1=kl1，l1；同时：F=kl2，所以：l2联立得l1=2l2：故C正确，D错误。故选AC。【点睛】考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳
11、和弹簧弹力的特点，注意加速度与受力的瞬时对应关系9.甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v-t图像如图所示，则A. 甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B. 乙在t=0到t=7s之间的位移为零C. 甲在t=0到t=4s之间做往复运动D. 甲、乙在t =6s时的加速度方向相同【答案】BD【解析】试题分析：在到之间，甲始终沿正方向运动，而乙先沿负方向运动后沿正方向运动，故A错误；根据速度图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，t轴上方的“面积”表示位移是正值，t轴下方的“面积”表示位移是负值，则知在到之间乙的位移为零，故B正确；在到之间，甲的速度始终为正值，说明甲一直沿正方向
12、做单向直线运动，故C错误；根据斜率等于物体的加速度知，甲、乙在时的加速度方向都沿负方向，方向相同，故D正确。考点：匀变速直线运动的图像【名师点睛】本题应抓住速度时间图象中速度的正负表示速度的方向，图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析。视频10.将一个半球体置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮，柔软光滑的轻绳绕过滑轮，两端分别系有质量为、的物体（两物体均可看成质点，悬于空中）时，整个装置处于静止状态，如图所示。已知此时与半球的球心O的连线与水平线成角（,），与半球面的动摩擦因数为，并假设所受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。则在整个装
13、置处于静止的前提下，下列说法正确的是（ ）A. 无论的比值如何，地面对半球体的摩擦力都不为零B. 当时，半球体对的摩擦力为零C. 当时，半球体对的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上D. 当时，半球体对的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下【答案】B【解析】对半球体m1、m2整体受力分析，只受重力和支持力这一对平衡力，相对地面并无运动趋势，故不受摩擦力，故A错误；若半球体对m1的摩擦力为零，对m1受力分析，如图将重力正交分解，根据共点力平衡条件得到：x方向： T-m1gcos53=0；y方向： N-m1gsin53=0据题意 T=m2g；解得，故B正确；当时，有T=m2gmgsin53，即拉力大于重力
14、的下滑分量，m2有上滑趋势，摩擦力沿切线向下，故C错误；当时，有T=m2gmgsin53，即拉力小于重力的下滑分量，m2有下滑趋势，摩擦力沿切线向上，故D错误；故选B.点睛：隔离法与整体法，不是相互对立的，一般问题的求解中，随着研究对象的转化，往往两种方法交叉运用，相辅相成；所以，两种方法的取舍，并无绝对的界限，必须具体分析，灵活运用；无论哪种方法均以尽可能避免或减少非待求量二、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题10分，共16分。把答案写在答题卡中指定的答题处。11.某同学利用图（a）所示的实验装置探究物块速度随时间的变化。物块放在桌面上，细绳的一端与物块相连，另一端跨过滑轮挂上钩码
15、。打点计时器固定在桌面左端，所用交流电源频率为50 Hz。纸带穿过打点计时器连接在物块上。启动打点计时器，释放物块，物块在钩码的作用下拖着纸带运动。打点计时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）。根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速运动。回答下列问题：（1）在打点计时器打出B点时，物块的速度大小为_m/s。在打出D点时，物块的速度大小为_m/s；（保留两位有效数字）（2）物块的加速度大小为_m/s2。（保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）0.56 (2). 0.96 (3). （2）2.0【解析】（1）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以 （2）根据匀变速直线运动的推论公式xaT2可以求出加速度的大小，得 视频
