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1、绝密启用前黑龙江省齐齐哈尔市第八中学2018-2019学年高二9月月考物理 试题评卷人得分一、单选题1如图所示，三个点电荷q1、q2、q3固定在一直线上，q2与q3间距离为q1与q2间距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电荷量之比为()A (9)4(36)B 9436C (3)26D 326【答案】A【解析】【详解】若q2为负电荷，假设q1带负电，要使q2平衡则q3也应带负电，但此时q1、q3因都受斥力而不平衡，故q1带正电，同理分析q3带正电。若同理也可能是q1、q3带负电，q2带正电。由于三个电荷均处于平衡状态，所以对q1有：对q2有： 对q3有： 联立可解
2、得：q1：q2：q3=()2：1：()2根据题意可知l2=2l1，所以q1：q2：q3=：1：9由于q1、q3是同种电荷，故q1：q2：q3=-9：4：-36或q1：q2：q3=9：-4：36。故选A.【点睛】本题考查了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大”的规律进行电性判断，本题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难。2下列关于元电荷的说法中正确的是()A 元电荷实质上是指电子和质子本身B 一个带电体的带电荷量可以为205.5倍的元电荷C 元电荷有正负之分D 元电荷e的值最早是由美国物理学家密立根通过实验测定的【答案】D【解析】【详解】元电荷是指
3、最小的电荷量，不是指质子或者是电子，故A错误；带电体的带电量一定是元电荷的整数倍；故B错误；元电荷是一个电荷量，不分正负；故C错误；电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，元电荷的值通常取作e=1.6010-19C，故D正确。故选D。3两个分别带有电荷量Q和3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为()A FB FC FD 12F【答案】C【解析】【详解】相距为r时，根据库仑定律得：；接触后，各自带电量变为，则此时；两式联立得F=F，故C正确，ABD错误，故选C。4有关电场强度的理解，
4、下述说法正确的是()A 由E可知，电场强度E跟放入电场的电荷q所受的静电力成正比B 当电场中存在试探电荷时，电荷周围才出现电场这种特殊的物质，才存在电场强度C 由E可知，在离点电荷很近，r接近于零时，电场强度无穷大D 电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关【答案】D【解析】【详解】电场强度E可以根据定义式E=F/q来测量，电场强度就等于每单位正电荷所受的电场力，但场强与试探电荷无关，是由电场本身决定的，故A错误；电场强度是由电场本身决定的，是电场的一种性质，与试探电荷是否存在无关，故B错误，D正确；点电荷电场的决定式E=k，当r接近0时不再能看成点电荷了，公式不再适应。故C
5、错误。故选D。【点睛】本题涉及电场强度的定义式和点电荷电场强度的决定式，要抓住电场强度是由电场本身决定的，是电场的一种性质，与试探电荷是否存在无关这一根本的特点，才能做出正确的判断5两个带等量正电荷的点电荷，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，如图1所示，关于电子的运动，下列说法正确的是()A 电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B 电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C 电子运动到O时，加速度为零，速度最大D 电子通过O后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零【答案】C【解析】【详解】在等量同种电荷连线中垂
6、线上电场强度方向Oa，电子从a点到O点运动的过程中，电场力方向aO，故加速度向下，与速度同向，故速度越来越大；但电场线的疏密情况不确定，O点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断。故AB错误；越过O点后，电子做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大。电场力为零，加速度为零。故C正确。根据电场线的对称性可知，越过O点后，电子做减速运动，加速度的变化情况无法判断。故D错误。故选C。【点睛】本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性；同时要能够结合力与运动的关系进行分析6在电场中
7、，把电荷量为4109 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6108 J，以下说法中正确的是()A 电荷在B点具有的电势能是6108 JB B点电势是15 VC 电荷的电势能增加了6108 JD 电荷的电势能减少了6108 J【答案】C【解析】电荷在电场中某点的电势能具有相对性，只有确定了零势点，B点的电势、电荷在B点的电势能才是确定的数值，故AB错误；由于电荷从A移到B的过程中是克服静电力做功610-8J，故电荷电势能应该是增加了610-8J，故C正确，D错误故选C.7三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a、b两点处的场强大小分别为Ea、Eb，电势分别为a、b，则()A EaEb，a
8、bB EaEb，aEb，abD Eab【答案】C【解析】由图可以看出a处电场线更密，所以EaEb，根据对称性，a处的电势应与右侧负电荷附近对称点的电势相等，再根据沿电场线方向电势降低可以判定ba，故C项正确8如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘两个带有同种电荷的小球A、B分别位于竖直墙面和水平地面上，且处于同一竖直平面内若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置如果将小球B向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，与原来相比()A 两小球间距离将增大，推力F将增大B 两小球间距离将增大，推力F将减小C 两小球间距离将减小，推力F将增大D 两小球间距离将减小，推力F将减小【答案】
9、B【解析】试题分析：对A球受力分析，受到三个力如图1所示，B小球向左缓慢推动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，B的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，竖直墙面对小球A的推力变小，对整体而言，墙壁对球的弹力等于推力F，则推力F将减小；库仑力变小，两个球之间的距离将增大，故B正确考点：考查了力的动态平衡分析【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，评卷人得分二、多选题9如图所示，图中
10、的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定()A M点的电势高于N点的电势B M点的电势低于N点的电势C 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D 粒子在M点的电势能大于在N点的电势能【答案】AD【解析】【详解】根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势。故A正确，B错误。M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子在M点所受的电场力也较小，故C错误。由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，电场力对粒子做正功，电势能减小，则粒子在M点具有的电势能大于在N点的电势能，
11、故D正确。故选AD。【点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小10如图所示，金属板带电量为Q，质量为m的金属小球带电量为q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L.下列说法正确的是()A Q在小球处产生的场强为E1B Q在小球处产生的场强为C q在O点产生的场强为E2D q在O点产生的场强为E2【答案】BC【解析】【详解】对金属小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=mgtan；故+Q在小球处产生的场强为：；根据点电荷的场强公式，+q在O点
12、产生的场强为：；故选BC。11关于对UABWAB/q和WABqUAB的理解，正确的是()A 电场中A、B两点的电势差和两点间移动电荷的电荷量q成反比B 在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电荷量q成正比C UAB与q、WAB无关，与是否移动电荷也没有关系D WAB与q、UAB无关，与电荷移动的路径无关【答案】BC【解析】【详解】电场中A、B两点的电势差由电场本身决定，与两点间移动电荷的电荷量q无关，选项A错误；根据WABqUAB，在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电荷量q成正比，选项B正确；UAB与q、WAB无关，与是否移动电荷也没有关系，选项C正确；WAB与
13、q、UAB有关，与电荷移动的路径无关，选项D错误；故选BC.12A、B两个质量相等的球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，A球的动量是7kgm/s，B球的动量是5 kgm/s，A球追上B球发生碰撞，则碰撞后A、B两球的动量可能值是()A pA8kgm/s，pB4 kgm/sB pA6kgm/s，pB6 kgm/sC pA5kgm/s，pB7 kgm/sD pA2kgm/s，pB14 kgm/s【答案】BC【解析】【详解】以两物体组成的系统为研究对象，以甲的初速度方向为正方向，两个物体的质量均为m，碰撞前系统的总动能：；系统的总动量：P=7kgm/s+5kgm/s=12kgm/s； 碰后甲乙
14、两球动量为：8kgm/s，4kgm/s，系统的总动量 P=8+4=12kgm/s，动量守恒。碰后，两球同向运动，甲的速度比乙球的速度大，不符合两球的运动情况，所以不可能，故A错误。碰后甲乙两球动量为：6kgm/s，6kgm/s，系统总动量P=6+6=12kgm/s，系统的动量守恒，总动能：，系统动能减小，是可能的，故B正确；碰后甲乙两球动量为：5kgm/s，7kgm/s，系统动量总P=5+7=12kgm/s，系统动量守恒，总动能：，系统动能不变，是可能的，故C正确；如果-2kgm/s，14kgm/s，系统总动量P=-2+14=12kgm/s，系统动量守恒，系统总动能：，系统总动能增加，违反了能量守恒定律，不可能，故D错误；故选BC。【点睛】对于碰撞过程要遵守三大规律：1、是动量守恒定律；2、总动能不增加；3、符合物体的实际运动情况第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题13(1)用如图所示装置探究碰撞中的不变量，气垫导轨水平放置，挡光板宽度为9.0mm，两滑块被弹簧(图中未画出)弹开后，左侧滑块通过左侧光电计时器，记录时间为0.040s，右侧滑块通过右侧光电计时器，记录时间为0.060s，左侧滑块质量为100g，左侧滑块的m1v1_
